高三化学考试参考答案1.B【解析】本题主要考查化学在生活中的应用，侧重考查学生对基础知识的认知能力。苏打水饮料中加入的是碳酸氢钠，B项错误。2.A【解析】本题主要考查有机物的性质，侧重考查学生对基础知识的理解能力。该反应脱氢，不属于加成反应，B项错误：W与X含有的官能团不同，且分子式相差不是若干个CIL,C项错误；X中只含有1种官能团.D项错误。3.A【解析】本题主要考查化学反应与传统文化的关系，侧重考查学生对基础知识的理解能力。铁杵磨成针的过程中，没有发生化学变化A项符合题意。4.C【解析】本题主要考查实验操作及试剂的保存，侧重考查学生的归纳与论证能力。玻璃或陶瓷中均含有二氧化硅，二氧化硅会与氢氟酸反应，C项错误。5.A【解析】本题主要考查粒子（包括离子、分子）大量共存问题，侧重考查学生的推理能力。新制氯水具有强氧化性和酸性，F+、Br、HCO3都不能大量存在，B项不符合题意：酸性高锰酸钾溶液中，CHOH、HCO、SO都不能大量存在，C项不符合题意：Fe3+与】不能大量共存，D项不符合题意。6.D【解析】本题主要考查氢化锂的制备，侧重考查学生的实验设计能力与综合分析能力。根据关系式：Ii】~H.1.6gLiH生成0.2molH,0.2molH,在标准状况下的体积为4.18L,D项错误，7.D【解析】本题主要考查元素周期律的相关知识，侧重考查学生分析和解决问题的能力。出题干信息可以推出：X为I.Y为C,Z为OR为Na。NO中含离子键和共价键，D项错误。8.C【解析】本题主要考查反应方程式的书写，侧重考查学生接受、吸收化学信息的能力。将氟气通入水中发生反应2.2HO一4II+OA项错误：制备氢氧化铁胶体的离了方程式为Fe+31O【(OH)(胶体)·31，B项错误；常温下.铝遇浓硝酸钝化，D项错误。9.C【解析】本题主要考查阿伏加德罗常数的计算，侧重考查学生对物质的量的理解能力。标准状况下，CS不是气体.A项错误；87gM),与足量浓盐酸反应最多得到1olC1.B项措误；苯环中无碳碳双键，D项错误。10.D【解析】本题主要考查制备Cr○，的工艺流程，侧重考查学生分析和解决化学问题的能力。高温下，氧化铝能与碳酸钠反应生成偏铝酸钠，A项错误；“煅烧"时发生反应CrO.十8NC0十7O熳烧8aCrO十2FcO,十8CO.\a:CrO:和FcO均为氧化产：物.B项错误；“酸化”时aCrO:转化为\aCrO),Na Cr2 C,有强氧化性，能与盐酸反应产生氯气，且会降低CO)的产率，故不能用盐酸酸化，C项借误：“热还原"时发生反应NaC(),一2C二(Cr(O,一C)十(0，氧化剂与还原剂的物质的量之比为1：2.D项正确。11.C【解析】本题主要考查原电池的相关问题，侧重考查学生分析图像的能力。由图可知，M极为正极，A项错误：隔膜I和隔膜Ⅱ均为阳离子交换膜，B项错误；正极的电极反应式为八V(P)):十2e一2NaNaV2(P())3,D项错误。12.C【解析】本题主要考查化学反应机理，侧重考查学生对所学知识的应用能力。CH一C(CH)…S和H…S均为中间产物，C项错误。13.B【解析】本题主要考查凝固点的相关知识，侧重考查学生对知识的应用能力。依题意，对于同·种溶剂，摩尔凝固，点降低常数相等，溶质质量物质的量浓度越大，凝固点降低值越大。四项对照如下：【高三化学·参考答案第1页{共3页)】803HB·

9k:02.1.2200(二)选考题：共15分。请考生从2道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分。18.(15分)（物质结构与性质）镍铜合金是由60%镍，33%铜，7%铁三种金属组成的合金材料。镍铜合金有较好的室温力学性能和高温强度，耐蚀性强，耐磨性好，容易加工，可作为航空发动机的结构材料。根据所学知识，回答下列问题：(1)铜元素的焰色试验呈绿色，下列三种波长为橙、黄、绿色对应的波长，则绿色对应的辐射波长为（填标号）。A.577~492nmB.597~577nmC.622~597nm(2)基态Cu2+的价电子排布式为(3)乙酰丙酮（结构如图）中C原子的杂化轨道类型有,电负性最大的是(填元素符号)；乙酰丙酮中。键与π键数目之比为88H,C CH CH,乙酰丙酮(4)Cu与Fe的第二电离能分别为l2(Cu)=1958kJ·mol-1,I2(Fe)=1561k·mol1,I2(Cu)大于I2(Fe)的主要原因是(5)已知Cu2O的立方晶胞结构如图所示。①已知a、b的坐标参数依次为(00,0).（号号）.，则d的坐标参数为②晶胞边长为cpm,该晶体的密度为g·cm3。(列计算式，设NA为阿伏加德罗常数的数值)19,(15分)（有机化学基础）天然产物G具有抗肿瘤等生物活性，某课题组设计的合成路线如图(部分反应条件已省略)★中票中“个请回答：【高三化学第7页（共8页）】·23-83C·

实验编号实验步骤现象结论AE/k]:mol数目为N,配体中与钻进行配位的原子是,原因是取少量样品，加入除氧固体完全溶解得(4)稀土钴系(Sm一C0)水磁合金的六方晶胞结构如图乙所示（晶体蒸馏水到无色溶液结构可看成如图(a)、(b)两种原子层交替堆积排列而成图（©）).已取实验I的溶液样品已氧CH(+CO(g)知同一原子层的Sm一Sm的最近距离为apm,不同原子层间的Sms00750100011001250反应①反应②反应历程Sm最近距离为bpm.化变质图甲①Sm一C0永磁合金的化学式为图乙另取实验【的溶液，加样品未完②已知阿伏加德罗常数的值为NA,则该合金的密度p为溶液褪色全氧化变(3)Eley Rideal的反应机理认为CO,和CH,重整的反应历程如图乙:·cm-3.(只要求列出计算式)入酸性KMnO,溶液所示。12.【有机化学基础】(15分)①该重整反应的决速步骤为(填“反应①”或“反应②”)②Na,S,O,是常用的食品添加剂，常用于葡萄酒、果脯、拉面等食品化合物M是一种新型有机酰胺，在工业生产中有重要作用.以中.为检验某白葡萄酒中是否含有Na,S,O,能否用酸性KMnO,溶②不同温度下，产品气（和C0)的体积分数和氢碳比（总如表所有机物A、乙烯和苯等为原料合成M的路线如下：CHO液检验？作出判断并说明理由示.1000℃时的氢碳比与900℃时相比几乎没有变化，原因是(3)某小组利用下列装置测定空气中S02的含量A CH.CHOCHONaOH溶液，△、C是之a乙0CHOCHO空气样品一→气体流速计温度（℃）H2(%)C0(%)H2COCICO0100mL0.1000mol·L-80019.0222.260.85定条件多空球泡COCI(含2滴淀粉溶液)90028.97NH放大示意图40.230.72100038.2753.760.71通空气样品的导管末端是带许多小孔的玻璃球泡，其主要作用是(二)选考题：共15分.请考生从给出的第11、12题中任选一题作;该装置中发生的离子方程式为：答，如果多做，则按所做的第一题计分若空气流速为am3·min',当观察到11.【物质结构与性质】(15分)钴的化合物在工业生产、生命科技等行业有重要应用.已知：i)RCHO+R'CH2CHONaOH溶液RCH=CCHO时，结束计时，测定耗时tmin.假定样品中的SO2可被溶液充分吸收，该空气样品中S02的含量是mg.m.(1)基态钴原子的价电子排布式为,Co的第四电离i)R-NO:FHCR-NH10.(14分)2020年，我国明确提出“碳达峰”与“碳中和”，研究二氧能比Fe的第四电离能要小得多，原因是.Co与化碳的回收对这一宏伟目标的实现具有现实意义.Ca属于同一周期，且最外层电子数相同，但金属C0的熔点、沸点均i)(1)已知：CH4(g)=C(s)+2H2(g)△H=+75.0kJ·mo比金属Ca的高，原因是C02(g)+H2(g)C0(g)+H20(g)△H=+41.0kJ·mol(2)以无水乙醇作溶剂，Co(NO,)2可与某多齿配体结合形成具有催C0(g)+H2(g)C(s)+H0(g)△H=-131.0kJ·mol化活性的配合物，其结构简式如图甲所示回答下列问题：(1)已知A是一种烃的含氧衍生物，核磁共振氢谱显示只有一组则反应I:C02(g)+CH(g)一2C0(g)+2H2(g)的△H=峰，可发生银镜反应，A的名称是(2)C的结构简式为(2)若在一密闭容器中通入1molC02和1 mol CH,一定条件下发生(3)写出D与足量的银氨溶液发生反应的离子方程式反应I,测得CH,的衡转化率、温度及压强的关系如图甲所示：①下列描述能说明该反应处于化学衡状态的是」(填标号).(4)苯一G、G→H的反应类型分别是图甲图乙A.C0的体积分数保持不变(5)符合下列条件的有机物有种（不包含立B.容器内混合气体的总质量保持不变①该多齿配体中所含元素（除氢以外）第一电离能由大到小的顺序体异构).C.v(H2)=2m(CH4)为(填元素符号).①与E互为同系物，且比E的相对分子质量多14；D.容器内混合气体的均相对分子质量保持不变②下列化合物与上述配合物中C和N原子的杂化类型均相同的是②含一个六元环.②图中P,P2PP4,压强最小的是（填标号其中核磁共振氢谱只有五组峰的有机物的结构简式为断理由是NHCHCHO③已知E(C0)=1.28×10-2p(CH4)·p(C02)(kPa·s1),(6)参照上述合成路线，以乙烯、乙醇为原料，设计制备P(CH,)P(CO)代表各组分的分压（分压=总压×物质的量分NH,HC数).当P4=360kPa时，a点v正(C02)=kPa·s',此时CHO衡常数K,=」(列出计算式即可，用衡分压代替(3)[Co(N0,)4]2-中C02+的配位数为4,1mol该配离子中含σ键的合成路线（无机试剂任选）衡浓度计算)【群力模拟卷·2023届高三第一次·化学试题·第2页（共2页）】

二、非选择题（本题包括2小题，共40分）12.(22分)下面是同学们熟悉的物质：①Cl2、②NaOH、③K1,④HNO,、⑤KSO4、⑥NHC1、11.(18分)新版周期表包含118种元素，下表代表元素周期表前四周期。⑦KHSO4、⑧Ne、⑨NazO2。回答下列问题：(1)这些物质中，只含有共价键的是(填序号，下同)；只含有离子键的是:既含有共价键又含有离子键的是;不存在化学键的是(2)属于共价化合物的是:属于离子化合物的是(3)将KHSO,溶于水，破坏了KHSO4中的(填化学键类型)，写出其电离方程式：;KHSO,在熔融状态下电离，破坏了KHSO:中的努(填化学键类型)，写出其电离方程式：回答下列问题：O(1)将磷元素的元素符号填写在上述周期表相应的空格中。(2)C1元素的最高价氧化物对应水化物的化学式为」些(3)下列有关性质的比较正确，且能用元素周期律解释的是(填选项字母)。a.酸性：HCl>H2SOb.非金属性：O>Sc.碱性：NaOH>Mg(OH)2d.热稳定性：HF

6.下列说法错误的是A.Mg、Fe在一定条件下都能与水反应生成H2和相应的碱B.稀硫酸中加入铜粉，铜粉不溶解，若再继续加人KNO,固体，铜粉会溶解C.已知Na,N与盐酸反应生成NaCl和NH,Cl,则MgN2与盐酸反应生成MgCl2和NH,ClD.25℃时，100mLpH为10的Na,C03溶液中水电离出H*的物质的量为1.0×10-5mol7.某化学小组在实验室中利用FS0,进行如下实验。下列说法错误的是公众号《高中僧试卷》A.红色固体是Fe,0I mol FeSO1 L0.1 molL-'H,SOB.加热过程发生的反应中氧化产物与还原产物的物质的量之比为：1隔绝空气加热→气体X→溶解☐◆气体Y(两种化合物)C.在标准状况下，气体Y的体积红色因体1 L0.6 molL-H,SO可能为22.4LD.气体Y通入Ba(OH)2溶液中可产生白色沉淀8.NH催化脱除NO的反应机理如图所示。下列说法错误的是A.脱除NO的反应中NH3作还原剂B.反应过程中V元素的化合价发生变化C.每脱除1molN0消耗0.25mol02-0-VD.NH3脱除NO的化学方程式为：NH,N,H,04NH3+6N0-5N2+6H20HOH9.碱式碳酸铜是一种用途广泛的化工原料。-0-V-0-V0-0-V-0-V实验室中以废铜屑为原料，制取碱式碳酸铜的流程如下。下列说法错误的是浓HNO,Na,CO,溶液0.4molL-'Na0H溶液废钢屑→酸浸→过滤加热(70℃)调pH为8.5过滤→……→碱式碳酸铜气体滤渣滤液A.酸浸产生的气休可用NaOH溶液吸收B.加热时，可选用水浴加热C.可用盐酸和Ba(OH)2溶液检验滤液中是否有C0子~D.温度和pH是影响产品纯度的主要因素10.锂离子电池具有能量密度大、工作寿命长的特点，其原理如图所示。下列说法正确的是A.充电时B极与电源正极相连s8-财B.放电时A极发生反应Lil,+2e-=Lil +21-eC.充放电过程中，0元紫化合价8氏不变D.每生成1molT时，转移2mole高三化学第2页（共8页）

D.金属镁为活泼金属，易与水和氧气反应，D正确9、A.分子式应该为C14H11O3ClB.不能发生消去反应C.3个酚羟基需要消耗3 molNaOH,氯原子水解需要消耗1mol,水解产物为酚羟基，故还需1mol,总共需要5 molNaOH。D.所有碳原子都有可能共面，最多为14个10、根据产品室与原料室的位置可知，M中的H+应向产品室中移动可知，M为阳极，N为阴极，故X为电源正极，Y为电源负极。而N2H4-N2O4中N2H4为还原剂，N204为氧化剂，故N2H4在负极放电，N204在正极放电。A、依上述解析可知。B、M极发生反应2H20-4e=02+4H,N极发生反应4H20+4e=2H2+40H,产品室发生了反应B(OH)4+H=H3BO3+H20,以上反应相加可知。C、由B的分析可知D、易知生成1mol产物需要1molH+,而1molH+的产生需要M极失去1mol电子，故生成4mol产物需要外电路中通过4mol电子，可知需要消耗2molN204,质量184g。11.A.硝酸的氧化性大于铁离子，故硝酸铁溶液中加入少量碘化氢应是硝酸与的反应：8H+2N03+6I=3I2+2N0+4H20C饱和碳酸钠中通入过量二氧化碳，会生成NHC03,其溶解度比碳酸钠小，故乙固体形式析出，不能拆。2Na+C032+C02+H20=2NaHC0312、B、增压能使衡正移，增大C02的吸收C、不能使用浓度不同的高锰酸钾，否则将出现浓度大反而褪色慢的现象13、根据图像在a点和c点附近均出现滴定突跃可知，碳酸钠溶液浓度等于盐酸浓度。没=e00-。aC03-2102y2有加入盐酸是溶液pH=11.6,由水解衡常数K-a2c(032-=0.1=103.8所以Ka2=1010,2,数量级为101，a点完成了H+C032=HC03,该点cHC03)>c(H2C03),当横坐标为15ml时，若不考虑电离或水解，则c(HC03)=c(H2C03),此时溶液为酸性，则显然c(HC03)>c(H2C03),b点在二者中间，也应存在c(HC03)>c(H2C03)。C点为酸性，所以使用甲基橙作为指示剂。根据物料守恒，有c(H2C03)+c(CHO3)+c(C032)+c(C02)=0.03333mol/L.14、显然甲不是正方体。根据分摊法或切割法易知B正确，读图易知C不正确。其密度计m(2n=4*97算公式为p=NAG,不难知道D正确。非选择题：15.(共10分)除特殊标注外，2分/空（1)分液漏斗（1分)a→gh→d→c→e→f→j→i(1分)饱和氯化钠溶液(1分)2

第五单元分子的性质1.D解析：无线电波频率可以降低盐水中所含元素之间的“结合力”，释放出氢原子，其实质为水中化学键断裂得到H原子，水中的H一O键是极性共价键，则题中所说的“结合力”为极性共价键，D项符合题意。2.D解析：三种物质结构相似，沸点与相对分子质量成正比，即CS2>COS>CO2,D项错误。3.B解析：SO2和PC3是极性分子，O2是由非极性键构成的非极性分子。4.A解析：NH与HF2间是离子键，NH中存在σ键和极性共价键，HF2中存在σ键和极性共价键。5.C解析：只有C项有机物中含有手性碳原子，C项正确。6.B解析：SF6分子呈正八面体结构，S原子位于正八面体的中心，该分子结构对称、正负电荷中心重合，所以为非极性分子，A项正确；SF6是结构对称、正负电荷中心重合的分子，键角∠FSF为180°或90°，B项错误；基态硫原子的价电子排布式为3s23p,D项正确。7.A解析：CS2是非极性分子，H2O是极性分子，S是非极性分子。8.C解析：Be一H中H显一1价，H一O中H显+1价，Be一H…H一O有可能形成双氢键，A项错误；K一H中H显一1价，H一N中H显十1价，K一H…H一N有可能形成双氢键，B项错误；O一H中H显十1价，H一N中H显十1价，O一H…H一N不可能形成双氢键，C项正确；F一H中H显+1价，H一AI中H显一1价，F一H…H一A1有可能形成双氢键，D项错误。9.D解析：NH3分子间存在氢键，A项错误；酸性：H2SO4>H2SO3,B项错误；邻羟基苯甲醛形成分子内氢键，沸点较低，对羟基苯甲醛形成分子间氢键，沸点较高，C项错误；乙醇易溶于水，戊烷难溶于水，D项正确。10.C解析：CH3NH2分子中共价键为极性共价键，且分子不是对称结构，则为极性分子，A项错误；HI分子间不能形成氢键，B项错误；CH3NH2分子中氮原子形成3个。键，还有1个孤电子对，价层电子对数为4，则杂化轨道类型为sp3,C项正确；质子数为82，中子数为125的Pb原子可表示为2Pb,D项错误。11.B解析：CH3OH的沸点比CHSH的高，是因为前者分子间可形成氢键，B项错误。12.C解析：Ar中不含任何化学键，A项正确；F2、H2O2、CH3CH3及N2H4中含非极性键，B项正确；属于非极性分子的有Ar、F2、SiH4、CH3CH3,C项错误；H2O2、CH3OH、N2H4的分子间存在氢键，D项正确。13.A解析：1个双键中含有1个。键和1个π键，二氧化碳分子中含有2个双键，则CO2分子中存在2个。键、2个π键，A项错误；CHOH和HCHO分子中正负电荷中心不重合，均为极性分子，B项正确；CO2、CH3OH和HCHO分子中的碳原子杂化方式各不相同，分别是sp、sp3和sp,C项正确；相同压强下，CHOH的沸点比CO2的高，是因为前者能形成分子间氢键，D项正确。14.B解析：原子半径：r(H)

D神经元的兴奋性降低，进而使A神经元的兴mm的植株只产生可育雌配子，故只有1/3MM奋性下降(4分)和2/3Mm能够自交，F2中雄性不育植株mm(3)抑制(2分)所占的比例为(2/3)×(1/4)=1/6。雄性不育(4)能(1分)植株mm与野生型植株杂交所得可育(Mm)晚【解析】本题主要考查神经调节，考查学生的获熟红果(Rr)杂交种的基因型为MmRr;以该杂交取信息的能力和理解能力。(1)由题图可知，在种为亲本连续种植，F1中有9种基因型，分别为食物缺乏条件下，A神经元的活动增强对B神1MMRR、2MMRr、1MMrr、2MmRR、4MmRr经元的抑制作用减弱，B神经元对C神经元的2Mmrr、1mmRR、2mmRr、1mmrr,F产生的雌配兴奋作用加强，C神经元兴奋对吞咽运动的抑子的种类及比例为MR:Mr：mR：mr=制作用加强，秀丽短杆线虫吞咽运动减弱。在1:1:1:1,雄配子的种类及比例为MR:食物充足条件下，A神经元的活动减弱对B神Mr:mR:mr=2:2:1:1,则F2中可育晚熟经元的抑制作用增强，B神经元活动减弱对C红果植株(MRr)所占比例为(1/4)×(3/6)十神经元的兴奋作用也减弱，C的活动减弱对吞(1/4)×(3/6)+(1/4)×(2/6)+(1/4)×咽运动的抑制作用减弱，吞咽运动增强。(2)据(2/6)=5/12。(2)导入了H基因的转基因番题图可知，由B和C神经元形成的吞咽运动增茄植株中，H基因只在雄配子中表达，喷施萘乙强或者减弱时，需要对其进行调节，去兴奋实际酰胺(NAM)后含H基因的雄配子死亡。将H上属于一种反馈调节，A神经元的活动对B神基因导入基因型为Mm的细胞并获得转基因植经元有抑制作用，使C神经元兴奋性降低的同株甲和乙，植株甲(Mm)和乙(Mm)分别与雄性时也使D神经元的兴奋性降低，从而使A神经不育植株(mm)杂交，在形成配子时喷施NAM,元的兴奋性下降，进而使吞咽运动向相反方向F1均表现为雄性不育(mm),说明甲(Mm)和乙进行。(3)据(2)分析可知，由B和D神经元形(Mm)产生的含M的雄配子均因为含H基因成的反馈神经环路中，最终使A神经元的兴奋而死亡，只有含m的雄配子因为不含H基因而性下降，也就是去兴奋对A神经元调节的作用存活，而雄性不育植株(mm)产生的卵细胞也不是抑制。(4)据题意分析可知，在食物充足条件含H基因，所以所得F1的体细胞中含有0个H下，A神经元对B神经元抑制作用增强，B神经基因。若植株甲(Mm)的体细胞中仅含1个H元活动减弱；在食物缺乏条件下，A神经元对B基因，因为甲(Mm)产生的含M的雄配子死亡神经元抑制作用减弱，B神经元活动增强。由了，可以推知H基因插入了M所在的染色体此可以推断B神经元在这两种条件下都有活上，造成了含M的雄配子死亡。若植株乙的体动，在食物缺乏条件下的活动增强。细胞中含n个H基因，因为乙(Mm)产生的含24.(1)1/6(1分)MmRr(1分)5/12(1分)M的雄配子死亡了，而含m的雄配子存活，则(2)0(1分)M基因(1分)有1个H基因位可推知必须有1个H基因位于M所在染色体于M基因所在的染色体上，且2条同源染色体上（使含M的雄配子死亡），且2条同源染色体上不能同时存在H基因(3分)1/2”(1分)》上不能同时存在H基因（使含m的雄配子中每(3)以雄性不育植株为母本、植体甲为父本进行条染色体上均不含H基因)。植株乙(Mm)与杂交，子代中大花植株即所需植株（或利用雄性雄性不育植株杂交，植株乙(M)产生的不含H不育株与植株甲杂交，子代中大花植株即所需基因的雄配子的比例为1/2”，雄性不育植株植株)(4分)(mm)产生的雌配子为m,若不喷施NAM,则子【解析】本题主要考查遗传定律的相关知识，考一代中不含H基因的雄性不育植株所占比例查学生的理解能力。(1)基因型为Mm的植株为1/2”。(3)植株甲的基因型为Mm,若植株甲自交，F1中MM:Mm：mm=1：2:1,其中基的细胞中仅含一个H基因，在不喷施NAM的因型为MM、Mm的植株表现为可育，基因型为情况下，利用植株甲及非转基因植株通过一次·4923JBTX1-新高考·生物

附关系的松弛；推动了社会进步；有利于改变人们的价值观念。(4分)18.(1)目的：把农民固着在土地上，保证国家的赋税收入；维护稳定，巩固统治。(4分)特点：有一定的地方自治色彩；管理比较严格。(4分)(2)原因：科举制度的确立，门第等级观念被打破；经济发展的不衡；维护统治的需要。(4分)评价：科举户籍制有利于保证科举考试的公公正，兼顾经济发展的不衡性，但是封建社会时期不可能真正做到公公正，徇私舞弊现象是不能根除的。(4分)19.(1)主要意图：削弱割据势力；获得城市的拥护。(2分)影响：促进了城市的发展；打击了封建贵族势力；客观上有利于王权的加强。(3分)(2)背景：改革开放的推动；经济体制改革的影响；人民公社体制的弊端。(3分)意义：有利于调动农民的积极性和创造性，推动社会的发展；推动了基层民主的发展；有利于完善我国的民主制度；有利于解放人们的思想。(4分)》·13·【23新教材·YK·历史·参考答案一R一选择性必修1一HAIN】

全部销声匿迹，老年树成年树幼年树乔木树种密度/密度/比例/%密度/比例/%比例/%(株·hm-2)(株·hm)(株·hm2)州柯美精调0000A1267100.00B5031.065534.165634.78322℃C504.950280.C77.9288087.13'x37.8℃-433℃(1)据表可知，A、B、C三种乔木中，种群密度最小的是在今后一段时期，种群密度将会增加的是种群。(2)该小组采用的种群密度调查方法是样方法。取样时一定要做到,其6080100相对湿度N目的是保证。若要调查该群落中松鼠种群的密度，则应只水螅分别置采用法，理由是代蚤，其他条件(3)随着时间的推移，某种原因造成了该群落被另一个群落代替，发生代替最可时间内种群数、能的原因是新群落中的物种16.(18分)“天下棉花看中国，中国棉花看新疆。”新疆棉田是我国优质的棉花生产地，具有得天独厚的条件，但棉花在种植过程中也存在诸多制约因子，例如：以吸收棉花汁液为食的棉蚜；以棉花的棉桃、花和叶为食的棉铃虫等。因此，科研人员一直致力于研究有效防治病虫害的方法。请回答下列相关问题：(1)棉蚜与棉花的种间关系是；棉花植株在棉蚜的受害部位会出现淡黄色的失绿小斑点或叶片卷缩，影响叶片的(填生理过程)。(2)为有效监测棉铃虫虫害，科研人员需定期调查棉田中棉铃虫的种群密度，棉铃虫的种群密度主要取决于该种群的,调查时最好采用。法。(3)为了提高棉花产量，棉农会适时对棉花植株的顶芽进行摘除，原理是(4)某地农业部门为了防治棉铃虫病虫害，提出了两种方案：一种是喷施高效农样的原则药；另一种是放养棉铃虫的天敌一赤眼蜂。你认为哪种方案有利于提高农田生态系统的稳定性？为什么？再次捕获的*某些集群生活的动物在种群最适密度时存活率最高，低于或高于最适密度都可能使种群增长受到抑制，降低存活率，这一现象被称为阿利氏规律。回答下列时防控松毛问题：种群数量(1)草原上有蹄类动物A的种群密度是指晟第关叫的悴摩6.A不考虑。返青时，草原上生长茂盛的绿色青草为有蹄类动物A提供的采食信息属于信息，这种信息有利于调节生物的量。有蹄类动物A对青草生长的调节机制称为(2)某集群生活的动物处于最适种群密度时，年龄结构类型最可能为;低于该密度，会导致种群出生率下降的原因可能是dd(答出两点)；超过该密度时林楚加羊数量(N刷，导致种群死亡率上升，种群密度下降。容许曾用卖，入总分。(3)根据阿利氏规律，对于濒危野生动物，易地保护时需要注意查。其代林筹同不，岸密佛帆用中犬德不同奥密木热（通生物·周测卷（二十一）第4页（共4页）

金圜1O0所名校最新高考模拟示范卷【解题分析】)生态系统的结构包括生态系统的组成成分和营养结构（或食物链、食物网），在生态系统中，芦苇属于第一营养级·它的能量除未被利用和被分解者分解利用外，其他的流向是自身的呼吸作用和被下一营养级同化。(2)鲇鱼以植食性小鱼、小虾为食，当食物匮乏时也吸食有机腐殖质，故鲇鱼在该生态系统中的成分可能是消费者和分解者。生态系统中的光、声、颜色、温度、湿度、磁力等，通过物理过程传递的信息，称为物理信息，小鱼运动产生的声波属于生态系统的物理信息，该过程体现了信息传递在生态系统中具有调节生物的种间关系，以维持生态系统的稳定的功能。3)为确定鲢鱼和鳙鱼的投放量，应根据该水库食物网中的营养级，调查投放区鲢鱼和鳞鱼的捕食对象的生物量。9.(1)基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状(2分》2)YyDdHh(1分)9/32(2分)6(1分》(3)质量（分）不能(1分)若柱头色受Aa和B.b两对等位基因控制，且A和B基因位于同一条染色体上a和b基因位于另一条染色体上，则AABB×abb,F的基因型为AaBb,F:柱头色也能出现1：3的分离比（合理即可，2分）【命题意图】本题以观赏向目葵杂交实验为情境，考查基因的分离定律、基因的自由组合定律等知识内容，要求学生准确理解相关知识并利用学科语言进行规范答题，主要考查了学生的理解能力，实验与探究能力、获取信息能力、综合运用能力以及生命观念、科学思维、科学探究的核心素养」【解题分析】1)豌豆的圆粒和皱粒实例可体现基因通过控制酶的合成来控制代谢过程，进而控制生物体的性状(5(6(2)由题于信息推知，在F中，白色舌状花个体(yy)占总数的1/4，乳白色舌状花个体(Y_ddhh)占总数的3/64，可推知F的基因型为YyDdHh。因此，F2中与E的舌状花花色相同个体的基因型有YYDDhh、YYDdHh、YYddHH、YyDDhh、YyDdHh、YyddHH,共6种，在F中占9/32(3)观赏向目葵杂交实验的F2柱头色分离比约为1：3不能说明柱头色一定受一对等位基因控制。因为当柱头色受两对等位基因控制时，亲本基因型为AABB和aabb,若A和B基因位于同一条染色体上，a和b基因位于另一条染色体上，则F的基因型为AaBb,能产生AB和ab两种配子，F2的柱头色也能出现1：3的分离比。30.A.(1)植物细胞壁和胞间层(2分)可溶于水的半乳糖醛酸(2分)(2)果胶(1分)一组基本培养基并接种菌悬液(2分)形状、大小、隆起程度、颜色(2分)(3)离心(2分)透析袋能使小分子自由进出，而大分子保留在袋内(2分)将等量失活的粗提果胶酶（或蒸馏水）与等量果胶溶液混合(2分)【命题意图】本题以果胶酶的制备为情境，考查果胶酶、微生物培养、蛋白质的提取、酶活力的测定等知识内容，要求学生准确理解相关知识并利用学科语言进行规范答题，主要考查了学生的理解能力、实验与探究能力、获取信息能力以及生命观念、科学思维、科学探究的核心素养【解题分析】(1)果胶是植物细胞壁和胞间层的主要成分，果胶酶是分解果胶的一类复合酶的总称能将果胶分解成可溶于水的半乳糖醛酸，从而提高果汁的出清率和澄清度(2)要筛选出果胶分解菌，要制备以果胶为唯一碳源的固体培养基。为了证明该培养基确实生物卷参考答案（九）第7页（共8）【23·ZXM生物·N

A.昼长为0小时B.正午太阳高度一年中最大C.昼长为24小时D.正午太阳高度一年中最小16.12月22日，泰山站太阳高度最高时，太阳位于A.正东B.正北C.正西D.正南二、非选择题：共52分。17.阅读图文材料，完成下列要求。(18分)丹霞地貌最基本的坡面特征是陡崖坡广泛发育，许多山峰四面都为陡崖，形成一个个独立的孤岛状山峰和悬崖围闭的沟谷。丹霞地貌海拔一般不高，大多海拔在300~400，山块悬崖的相对高度也大多不超过200m。这个高度在一般山地还不会导致明显的植被垂直带变化，但在丹霞地貌区，特殊的地形特征造就了许多特殊的小环境，产生了小尺度植被分异现象。丹霞地貌的山顶与山下植被分异的重要原因是山顶的干旱性导致山顶产生“干岛效应”，沟谷产生“热岛十湿岛效应”。沟谷中常见树木板状根、茎花现象和绞杀现象，被称为“沟谷雨林”。下列左图示意丹霞地貌沟谷中植被垂直分异模式，右图示意丹霞地貌山顶的植被分异。亚热带常绿阔叶林硬叶小乔常绿阔叶与针叶混交林硬叶小乔沟谷雨林木和灌木木和灌木沟谷湿(1)分析丹霞地貌山顶的“干岛效应”和沟谷的“热岛十湿岛效应”的成因。(8分)(2)分析图中山顶植被分布差异的成因。(4分)(3)通过分析“沟谷雨林”植物的特征，说明其对环境的适应性。(6分)18.阅读图文材料，完成下列要求。(18分)我国某区域地质条件复杂，沉积岩层中富含地下水，但东西两侧的地下水互不连通，形成两个独立的地下水系统。下图为该区域的地质剖面图。·东戊趣砂砾岩甲丙国泥页岩已石灰岩包变质岩可花岗岩刀断层【高二地理第5页（共6页）】·23-198B·

解析：根据示意图分析可知，整体顺应式指建筑在高度控制上顺应地势高度特点而变化，所形成的建筑群依偎在地形之上，与地势起伏保持一致，这样有助于保持原有地貌特点；缺点是整体风貌的特点难以在高度上体现。答案：A

邯郸市高二年级第二学期期末考试地理参考答案1.A2.D3.C4.A5.B6.D7.A8.C9.B10.A11.D12.A13.C14.B15.C16.D17.(1)向西北（向北）、向南、向东南。(6分)(2)对接武汉的市场，实现产能合作；便于引进武汉的资金、技术、经验，加快工业化进程；争取政策优惠，吸引武汉产业逐步转移。(6分)(3)武汉都市圈内城市空间距离较近，联系便利；水陆交通便利，交通通达度高；产业关联度高，经贸往来密切；文化相似，具有良好的合作基础。（答出三点，6分）18.(1)洪水遇到岛屿阻挡绕流，过水断面缩窄；洪水流速减慢，挟带的大量泥沙淤积，导致河床变浅；拦截上溯的海水，洪水通过岛屿群之后，与海水顶托加剧（顶托作用的空间更集中）。（答出两点，6分）(2)雨洪难以通过汊河水系宣泄，在市区低洼地带汇集；城镇化的发展使得硬化地面面积增大，阻碍地表水下渗；雨洪直接进入湄公河，缺乏汊河水系的调蓄，导致湄公河洪峰水位升高，漫溢到美萩市区。（答出两点，6分)(3)避免建设大型永久性建筑物；保留滩涂、塘、圩等湿地空间；汛期作为蓄洪滞洪区，以湿地观光业为主；枯水期开展农业生产，发展休闲旅游。（答出两点，6分）19.(1)加重粮食输出区水资源压力(2分)，且压力总体增大(2分)。原因：粮食输出区不仅要满足本地的粮食需求，还要满足区外粮食需求，因此水资源利用压力因粮食区域贸易而加重；随着经济发展水提高，对粮食的需求总量在增大，因此粮食输出区水资源压力指数在增大。(4分)(2)节约当地淡水资源（或提供更多可利用水量）；满足第二、三产业用水需求；满足生活、生态用水需求。(答出两点，4分)(3)粮食输出区主要位于北方，水资源较少，粮食区域贸易促使水资源利用效率提高；更多的粮食在北方生产，能有效控制水资源浪费，提高全国水资源利用率。（答出一点，4分）【高二地理·参考答案第1页（共1页）】·23-527B·

的目的，从而增加水产品的产出。14.B由曲线图可知，印度是2015年二氧化碳排放量变化最大、增长最多的国家；欧盟国家二氧化碳排放量变化是负值，呈减少趋势；中国二氧化碳排放量变化先增加，后减少，但始终为正值，说明排放量在增长：世界二氧化碳总排放量仍是增加的。15.A人类大量排放二氧化碳，导致全球气候变暖，会引发极端天气现象，可能导致北美洲暴雪天气增多；全球气候变暖可能导致副热带地区降水减少：气温升高，会导致昆仑山雪线逐年上升；气温升高，蒸发加重，缺水严重，内蒙古牧场面积可能缩小。16.A由图可知，西欧、北美等发达国家硫、氮排放总量大，且发达国家人口总数较少，人均消费水高，人均硫、氮排放量较高；中国人口数量多，人均硫、氮排放量较低。17.C英国、德国地处西风带，其工业污染随西南风向北扩散至北欧地区；洋流主要影响沿海地区；英国、德国与北欧各国之间没有跨国河流：国家之间的贸易往来与工业污染、酸雨联系较小。【高二期末测试·地理参考答案第1页（共2页）】232827Z18.D针对全球性环境污染问题，应加强国际合作，发达国家应承担更多的责任；人口与污染物排放并没有完全的因果关系，中国人口虽多，但排污总量相对低；解决环境污染问题主要靠技术和环境管理等手段。19.A“有农社区”是指将农业引入城市，使得农业生产和城市空间相结合，减少水分、食物、能量输入以及减少无机废物输出，在其内部实现了物质循环使用；对居民的生产方式影响较小；可以通过多种途径给城市提供便捷的食物供应，美化社区的生活环境也可以通过许多方式，如增加绿地等，这些都不是“有农社区”的主要意义。20.C推广“有农社区”，将农业引入城市，会减少城市内部硬化率，缓解城市内涝灾害；推广“有农社区”，将农业引入城市，会增大城市用地规模；农业与商业联系较小；“有农社区”会减少水分、食物、能量输入以及减少无机废物输出，因此会减少城市能源消耗。21.(1)区域：热带区；亚热带区。(2分)理由：我国热带区和亚热带区水热条件充足，植株密度大且生产力高；常绿林净化空气能力强；树种多样且四季常绿，旅游观赏价值高等。（每条1分，答对2条得2分，共2分）(2)导致森林种类（树种）单一，经济价值及生态价值较单一；森林集中分布区距东部经济发达地区较远，导致木材等外运困难，且对全国区域气候调节较弱；易导致山火蔓延，扑救困难，造成的损失较大等。（每条2分，答对2条得4分，共4分)(3)原因：开垦农田破坏林地；城镇建设占用林地；山火侵吞林地：伐木为薪：地质灾害的损害等。（每条1分，答对3条得3分，共3分)危害：水土流失加剧：沙尘暴等风沙天气增多；大气污染加剧等。（每条1分，共3分)22.(1)探明储量少；产量少；开采难度大；以中小油田为主等。（每条2条，答对2条得4分，共4分》(2)重要节点：波斯湾一霍尔木滋海峡一马六甲海峡一南海。（合理即可，2分）存在的风险：海运运输距离长，海上运输通道易被破坏；部分石油进口国家或地区政治局势不稳定，影响我国石油正常进口；海上天气多变，海况复杂，对海上油轮威胁大。（每条2条，答对2条得4分，共4分）(3)保障我国石油资源的正常供应；提高应对国际石油市场冲击的能力，稳定国内石油市场价格；减少因政治冲突而产生的石油封锁、禁运等对我国的影响等。（每条2条，答对2条得4分，共4分）23.(1)高山森林生态系统；灌丛草原、草甸生态系统；珍稀动植物等。（每条2条，答对2条得4分，共4分）(2)减少人类活动对保护区生态环境的破坏，加强自然保护区核心区域生态环境保护。(2分)(3)保护濒危物种，维护生物多样性；保护区域自然环境，维护国家生态安全；保护区内留有自然历史遗迹和人文遗址，可用作科研考察；促进公众环保意识提高等。（每条2条，答对3条得6分，共6分）【高二期末测试·地理参考答案第2页（共2页）】232827Z

二、非选择题（本大题共4小题，共55分。)三16.阅读图文材料，完成下列要求。（16分)东南亚某河流源头附近多高度风化的火山岩，某一河段大量河砂沉积。自20世纪80年代以来，由于建筑业的发展，河砂开采兴盛。目前，该河已经全面推广机械化采砂。下图示意该河流域地形。哇入河流@湖泊010km个山脉(1)用方框大致标出该河流最便于集中采砂的河段，并简述理由。(8分)(2)分析该河流机械化采砂可能造成的环境问题。(8分)17.阅读图文材料，完成下列要求。(12分)丰年虾广泛分布于陆地上的盐田或盐湖中，对溶氧的要求极强，以接近饱和溶氧为佳。主要栖于浅水区，喜沙泥底，以藻类为食。乌尔米耶湖位于伊朗西北部巨大的中央低地的底部，海拔1275米，春季水深为4-6米，夏季仅1-2米。乌尔米耶湖丰年虾资源丰富，尤其集中分布于湖的西南部。下图为乌尔米耶湖示意图。45E图例回城巾河流A山蜂乌尔米耶37,5°N1.湖高二地理第6页（共8页）扫描全能王创建

14.“蚂蚁森林”种植胡杨、樟子松等乔木所需能量是柠条、梭梭树 等灌木的十多倍，如此设置的原因最可能是胡杨、樟子松等乔 木 A.装点风景更美 B.生态价值更高 C.所需水量更大 D.经济价值更大

下图示意日本三大都市圈人口占比变化。据此完成46题。 东京圈人口占比% 30.0 大阪圈人口占比% 一一名古屋圈人口占比% 25.0 20.0 15.0 10.0 5.0-mmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmmm 1884 1932 19521972 1992 2012年份 4.在1944~1945年，东京、大阪都市圈人口占比下降，其影响因 素是 A.资源 B.战争 C.自然灾害D.文化

锢囚锋是由冷锋追上暖锋或由两支冷锋迎面相遇将锋前的暖 气团拾离地面，禁锢在高空形成的一种特殊锋面。冬半年，来自我 国西北、东北的冷锋相遇，使得锋前的暖空气被抬升到高空，形成 华北锢囚锋。多年气象统计数据显示，华北锢囚锋出现的概率3月 份最大(50%)。下图示意亚洲部分地区某时刻的海面气压、暴 雪分布区。据此完成14~16题。 60° 80°100°120° 140° 洲界 60° 水域 河流 060 069 等压线hPa 锢囚锋锋面 40° 冷锋锋面 025 气流 励 暴雪分布区

答案C 解题分析 结合上一题分析可知，可以采取退耕还草、划区轮 牧、控制放牧规模、种植人工牧草等措施提升土壤有机碳含量。低 海拔地区降水较少，不适宜植树造林，更不适宜扩大耕地面积。

38°42'E 厄立特里亚 也门 苏丹 吉布提 亚丁湾 9°N -亚的斯亚贝巴 埃塞俄比亚 国界 南苏丹 未定国界 印 ⊙首都 肯尼亚 索马里 洋 中国工业园 (1)我国是埃塞俄比亚的第一大贸易伙伴，试分析埃塞俄比亚 与我国开展经济合作的有利条件。(6分) (2)指出我国服装企业到埃塞俄比亚投资建厂的主要目的。(4分) (3)推测我国服装企业在埃塞俄比亚建厂过程中面临的自然障 碍。(8分)

第Ⅱ卷 (非选择题 共52分) 二、非选择题（共52分） 17.阅读图文材料，完成下列要求。(17分) 湄公河在河口三角洲共有九个入海口，形成“九龙入海”的 水系特征。科研人员认为，如果没有人为干预（如海岸防护工 程)，未来湄公河三角洲的体积、面积将大幅度缩小。下图示意 现今湄公河三角洲附近不同时期的海岸线。在距今 1.2万年一0.85万年期间，湄公河流域的地壳、降水相对稳定。

北斗卫星导航系统是中国自主建设的卫星导航系统，为全球 用户提供全天候、全天时、高精度的卫星导航和授时服务。下表是 北斗卫星导航系统“三步走”发展概况。据此完成15一16题。 步骤（时间） 系统名称 服务范围 1994年 北斗一号系统 5°N55°N,70°E140°E 2012年 北斗二号系统 55°S55°N,55°E180° 2020年 北斗全球系统 全球 15.目前北斗卫星导航系统可以用于 ①人口普查( ②应急搜救③水文监测 ④海产品加工 ⑤ 地理信息测绘 A.①②③ B.③④⑤ C.②③⑤ D.①④⑤

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,如图4g(a2-4a+4)+（3y=36年纯虚数，则ga枝推体积三著【点评】同学a2-

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12.最新研究显示，当我们压力大时就喜欢吃辣味食物，这是因17.为辣椒中的辣椒素能刺激口腔神经末梢，大脑便释放出可以使人愉快的物质一内啡肽；香蕉中富含的镁元素，可以缓)解人的紧张情绪。这些研究①是在承

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1、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·生物[24·G3AB(新教材老高考)·生物-SJB-必考-HUN]二试题

高二年级2022~2023学年期中考试·生物学参考答案、提示及评分细则1.D无氧条件下丙酮酸在人体细胞质基质中转变为乳酸，A错误；细胞内乳酸积累过多导致细胞内液浓度增大，进而导致细胞吸水使细胞体积增大

2、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新高考)·化学-SJB-必考-GX]三试题

18.利用CH,然料电池电解制备Ca(HPO,)并得到副产物Na0H.、C的原理如图所示下列说法正确的是A膜B膜C膜石墨石墨Ca(H2PO)2NaH2POaNaOHCaCl2稀溶液浓溶液稀溶液浓溶液产

3、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新高考)·化学-SJB-必考-CQ]一试题

试卷B.硫酸溶液：HSO=2H+SOC.硫酸氢钠溶液：NaHSO:=Na+H+SO画NH-NH-NO3D.NHC溶液：NH+HO=NHH2O+H一液9.常温下，下列各组离子在指定溶液中能大量共存的是(

4、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-SJB-必考-SD]三试题

②2HSO3+2e+2H+—S2O}+2H2O:2NO+2SO+2HO—N2+4HSO3(每空2分)17.(1)CuC1--e+C1-=CuCl2;0.2(2)K=K。·K(CuC)Ksp (CuOH

5、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-SJB-必考-GX]四试题

B.操作1中NaOH完全溶解后，为避免吸收空气中CO2,应立刻进行操作2C.操作4中如果仰视刻度线定容，所配NaOH溶液浓度偏大D.将1.0molL1的NaOH溶液100mL加热蒸发50g水后，物质的

M、N在同一水面内的P、Q、R均位于M、N连线的中垂线上，且PQ=QR。某时刻P是两列波的波峰相遇点，R是与P相邻的波谷相遇点，下列说法正确的是A.Q处质点为振动减弱点B.Q处质点此时在衡位置说…只P o RC.Q处质点此时在衡位置下方第瞬阿，大址面滋液词D.Q处质点此时在衡位置上方二、多项选择题：本题共3小题，每小题8分，共24分。在每小题给出的四个选项中，有两项符合题目要求。全部选对的得8分，选对但不全的得4分，有选错的得0分。5.如图甲所示，一个有固定水转动轴的竖直圆盘转动时，固定在圆盘上的小圆柱能够带动一个T形支架在竖直方向振动，T形支架的下面系着一个由轻质弹簧和小球组成的振动系统。圆盘静止时，让小球做简谐运动，其振动图像如图乙所示，已知增大小球质量，可增大该振动系统的固有周期。现让圆盘以30r/min的转速匀速转动，当小球振动稳定时，下列说法正确的是/cm.0兴液好明小圆柱T形支架明置金禽及即学时会.学桥蜜腰：甲A.小球振动的固有频率是4HzB.小球振动的周期一定是2.sC.要使小球振幅增大，可以增大圆盘转速冷意露合部辞食兵。小共本·，国D.要使小球振幅增大，可以换用质量较小的小球客出6.一列简谐横波沿x轴传播，图甲是t=1s时的波形图，图乙是x=3m处质点的振动图像，a、b质点在x轴上的衡位置分别为xa=0.5m,x.三2.5m,下列说法正确的是↑ylcm↑ylcm1045x/mA.波沿x轴正方向传播B.波的传播速度大小为0.5m/s住.2进〈C.t=1.5s时，a、b两质点的速度和加速度均等大反向心以腾溶D.从t=1s到t=2s,质点a、b运动的路程均为20cm7.一列简谐横波沿x轴传播，振幅为v2cm,波速为2m/s。在t=0时刻，衡位置在x=1m处的质点a的位移为1cm,衡位置在x=5m处的质点b的位移为一1cm,两质点运动方向相反，其中质点a沿y轴负方向运动，如图所示。已知此时质点α、b之间只有一个波谷，则下列说【24·G3ZCJ(新高考)·物理（十四）一LKB一必考一FJ*】

1、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·生物[24·G3AB(新教材老高考)·生物-R-必考-HEB]七试题

自噬体B.水通道的存在加快了水分子进出细胞的速率C.主动运输使膜内外浓度趋向于一致，有利于维持细胞正常形态胁迫0-0Swell来自内质网D.在一定范围内，随着氧气含量的增加人成熟红细胞吸收Na恢复的速

2、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·生物[24·G3AB(新高考)·生物-LKB-必考-FJ]八试题

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3、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·生物[24·G3AB(新教材老高考)·生物-LKB-必考-NMG]二试题

【解析】(1)构成线粒体DNA的基本单位是（四种）脱氧（核糖）核苷酸，完整的线粒体DNA分子中没有游离的磷酸，线粒体DNA复制酶由核基因编码、在核糖体合成。(2)①过程称为转录，信使RNA的A端为3端

4、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新教材老高考)·化学-R-必考-FJ]六试题

解得p=0.6p0。(4)由图可知，第②步发生的反应为H与HCOO反应生成H,CO和H,O,反应的方程式为4H+HCOO一H,CO+H,O:第④步反应的实质为H与HO生成H,O,有化学键生成，释放热量

5、2024届高三全国100所名校AB测试示范卷·化学[24·G3AB(新高考)·化学-LKB-必考-HEB]五试题

100所名校高考模拟金典卷·化学（六）23新高考JD化学-LN100所名校高考模拟金典卷·化学（六）23新高考UD化学-LN17.(13分)羟基氧化铁的化学式为FeOOH,在工业中可用于脱硫18.【典

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听力材料听第2段对

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3.影响Y饮品公司生产基地布局的主导因素是BA.科技水B.消费市场C.优质水源D.便捷交通4.Y饮品公司在上海设置多个配送中心，主要目的是@CA.增加就业岗位B.利用机场设施C.提高送货效率D.提高

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40.(26分)阅读材料，完成要求。态，题音春人立斯工。至身，会员交降州县么四5材料一中央全面深化改革委员会

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化学围R新人教·高二选择性必修2第2期手中恩邮惑核心校园畅销报刊2021-2022学年总第798期国内统一刊号：CN54-0014编辑出版：学周报社社长：李萍总编辑：蔡宝玉2021年11月1日星期

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16.

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