(4)下图分别表示玉米和小麦在不同C02浓度下的光合速率曲线图，其中表示玉米的曲线为,原因是30高是·，10架2004006008001000CO2(ppm)20.（12分)某昆虫的性别决定方式为ZW型，体色有黑色和灰色两种，由等位基因A/a控制，翅型有直翅和棒状翅两种，由等位基因B/b控制，现选取黑色棒状翅雄性个体和黑色直翅雌性个体杂交，F1雌雄个体中黑色翅和灰色翅比例为3：1，直翅都为雄性，棒状翅都为雌性，让F,中的黑色雌雄个体自由交配得到F2。回答下列问题：(1)控制翅型这对性状的基因位于染色体，亲本的基因型为(2)体色和翅型这两对性状的遗传遵循定律，原因是(3)F2雌性个体中灰色棒状翅个体所占的比例为(4)F2雄性灰色个体中，细胞在分裂过程中，含B基因的染色体最多有条，b基因最多有个。21.（11分)新春佳节，朋友聚会离不了“琼浆玉液”。早自西周开始，中华先祖在辞旧迎新之际，就会携美酒，烹羔羊欢聚庆贺，祈祷丰收，由此便开了过年饮酒的先河。汉代，“年”作为法定节日被固定了下来，春节饮酒也形成了风气。“桑柘影斜春社散，家家扶得醉人归”成为春节期间无处不在的景观，但是朋友聚会过量饮酒会对身体造成很大的伤害。回答下列问题：(1)酒精进人嘴里，有灼烧感，其感觉在产生，酒精进人胃里后以的方式进人胃部细胞。(2)酒精能够抑制抗利尿激素的释放，因此饮酒后尿量,据此推断饮酒后经常感觉口渴的原因是,释放抗利尿激素的器官还能够合成(答出一点即可)。(3)过量饮酒后经常语无伦次，这是酒精影响了大脑皮层的区。部分人饮酒后脸红，酒精使血流加快，血管(4)酒精能够抑制胰高血糖素分泌，空腹饮酒容易导致血糖浓度引起低血糖后的治疗方法是衡水金卷·先享题·临考预测卷·新高考生物试题(B)第6页（共8页）

第八套遗传因子的发现(A卷)1.B【解析】本题以细胞中元素和化合物的相关知识为背景，考查考生获取相关生物学信息的能力。蛋白质的多样性与氨基酸脱水缩合的方式无关，A项错误；若②是细胞膜的磷脂分子，则②在细胞膜中呈双层排列，B项正确；若⑥是构成细胞壁的主要成分，则③可表示葡萄糖，葡萄糖可存在于动物细胞和植物细胞中，C项错误；若④存在于皮下和内脏器官周围等部位，则④是脂肪，脂肪可存在于动物细胞和植物细胞中，D项错误。2.D【解析】本题以各种细胞器的结构和功能的相关知识为背景，考查考生的识图能力和理解能力。③是内质网，③上附有核糖体，其与分泌蛋白的合成、加工和运输有关，A项错误；①③均是单层膜结构，两者的膜之间存在间接联系，B项错误；②与ATP形成有关的酶可存在于内膜和基质中，④与ATP形成有关的酶可存在于类囊体膜上，C项错误；②④均能产生ATP和消耗ATP,且可共存于一个细胞内，D项正确。3.C【解析】本题以基因分离定律的相关知识为背景，考查考生运用所学知识综合分析问题的能力。玉米是雌雄异花的植物，在自然状态下可以进行自交，也可以进行杂交，A项错误；F1中高秆植株的基因型有2种，其中A基因型所占比例为2/3,B项错误；F2中的高秆植株与矮秆植株的比例为2：1，C项正确；F2中高秆植株的基因型只有1种，即Aa,D项错误。4.D【解析】本题以遗传系谱图为背景，考查考生的计算能力和判断能力。5号和7号基因型都为AA的概率是1/9，都为Aa的概率是4/9，因此基因型相同的概率是5/9,A项错误；此题中4号基因型无法确定，因此8号和4号基因型相同的概率无法判断，B项错误；7号基因型为1/3AA、2/3Aa,8号基因型为Aa,子代基因型比例为AA:Aa:aa=2:3:1,又由于10号正常，不可能为aa,因此10号个体携带白化病致病基因的概率是3/5，C项错误；7号和8号再生一个孩子患白化病的概率是1/6，D项正确。5.A【解析】本题以基因分离定律及其应用的相关知识为背景，考查考生的计算能力年·29·【23·G3AB(新高考)·生物学·参考答案一R一必考一HEB】

1.00.8H300.6(12,0.)(42,0.5)0.20123456pH1-HC;O,2-HC2Oi3-C,0A.B/共验1所得溶液中c(K+)>cCzO4)>c(H2C20)c(C2O)实验2过程中，水的电离程度一直增大C实验2所得溶液中：cK*)+c(H)=c(oH)+c(HC20)+2c(C20)D实验3反应静置后的上层清液中c(Ca2*)c(Cz0?)=Kp(CaC04)12.电催化氮气制备铵盐和硝酸盐的原理如图所示。下列说法年确的是阳电源t广NONHa极b极1N2N2PHT酸性水溶液酸性水溶液Kw质子交换膜4a极反应式为2120H-10e=2N0+620N&电解一段时间，4、b两电极区的pH诚少C.电解过程中H*从a极通过质子交换膜转移至b极D.'相同时间内，a、b两极消耗N2的物质的量之比为5：3G13.Ni可活化CH6放出CH4,其反应历程如下图所示：E(k·mo)50.00过渡态20.00Ni+C.H49.500.00过渡态1NiCHz+CH-50.00中间体！-28.89中间体3-6.57-56.2-45.88-l00.e--150.00中间体2-200.00-154.82下列关于活化历程的说海错关的是A.涉及非极性键的断裂和生成Q.总反应为：Ni+C2H6-→NiCH2+CH4B.Ni-H键的形成有利于氢原子的迁移19.卫决速步骤：中间体2→中间体3二甲醚(CH,0CH)是一种极具发展潜力的有机化工产品和洁净燃料。CO2加氢，制二甲醚的反应体系中，主要发生的热化学方程式如下：反应I:C02(g)+H(g)=C0(g)+H0(g)△H=+41.2k/mol反应Ⅱ：C02(g+3H(g)=CH0H(g)+H0(g)△H=-49.5k/mol反应II:2CHOH(g)=CH3OCH3(g)十HO(g)△H=-23.5kJ/mol在2MPa,起始投料-3时，C02的衡转化率级C0、CH0CH、CH0H的衡体n(C02)只分数随温度变化如图所示。下列有关说法正确的是

(1)滤渣I可用疏酸酸化的双氧水浸取经结晶制取胆矾，浸取过程中铜和过氧化氢、氢离子反应生成铜离子和水，Cu+H2O2+2H=Cu2+2H2O;(2)操作Ⅱ“除钴”时，浸液中含有过量硫酸，向含Co2+的浸液中加入Zm和Sb2O3,恰好产生CoSb合金，反应为硫酸结和硫酸、Zn、Sb2O3产生CoSb、硫酸锌、水，2CoSO4+5Zn+Sb2O3+3H2SO=5ZnSO+2CoSb+3H2O;(3)操作Ⅲ需要将铁离子沉淀完全而镉离子不会沉淀，由表格可知，需加入O挖制溶液pH的范围为2.8~7.5；若加入的H2O2不足，则电解液中含有亚铁子，检验方法为：取少量溶液，加入K3F(CN)6J溶液，若出现蓝色沉淀，说明存在铁元素；(4)“电解”过程中以石墨为电极得到粗镉；电解池中阳极反应为水电离出的氢氧根离子失去电子发生氧化反应生成氧气，反应式为2H2O-4e=4I+O2↑；电解废液中通过电解后含有硫酸，故最好在操作I加入循环利用；(5)镍镉碱性二次电池，电池工作时，正极NiO(OH)转化为Ni(O2,则充电时电池的阳极反应为Ni(OH2发生氧化反应生成NiO(OHD,反应为Ni(OH2-e+OH=NiO(OHD+HO:已知常温下，K$p[Cd(O①27,2105；常温下，当p=10时，氢氧根离子浓度为10mo1,则艇篇子浓度为10-72x10n0L:锅的去除率为2.88×104-7.2×10-×100%=99.75%。2.88×10+18.【答案】(1)-283.5（2)b66.7%3)增大H3的用量013p大于【解析】(1)表示C0燃烧热的热化学方程式为C0g+20,g)=C0,(g)AH,根据盖斯定律可知△H,=×(+D,△H,-AH+a=-283.5k-o'；2(2)①压强一定时，升高温度，衡逆向移动，N2的体积分数减小，故T2>T,则升温时g点可降到b或d点：温度~定时，减小压强，衡逆向移动，N2的体积分数减小，故减压时g点可降到妇或5点，综合分析准g点对反应容器升温且使体系压强减小时，重新达到新的衡状态可能是图中b点；

/2.7X10-1w(4X106)3kg=27X101kg,代入数据解得霜-√金0≈衰期的定义可知半衰期T=182.4d一67.3d=115.1d,C项正确变式4C解析根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，该核反应1.7X108,C项正确。是Al→Mg+"e,即Y是正电子，A、B两项错误；因为72万年是一个半变式3B解析根据德布罗意波长公式入=合，解得力=是衰期，可知再过72万年，现有的铝26衰变一半；再过144万年，即两个半衰期，现有的铝26衰变四分之三，C项正确，D项错误。100×10,kg·m/s=6.63X10-27kg·m/s,B项正确」6.63×10-3例7A解析根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X是电子，A项正确；半衰期非常稳定，不受温度、压强以及该物质是单质还是化合物的影课时2原子结构原子核响，B项错误：2Pb与Bi和电子X的质量差等丁衰变的质量亏损，C项错误；方程中的X来自Pb内中子向质子的转化，D项错误。知识·要点梳理变式5)解析(1)式是α衰变，(2)式是3衰变，均有能量放出，A项基础过关错误；(3)式是人类第一次实现原子核转变的方程，B项错误，C项正确；利1.B2.C3.B4.D用激光引发可控的(4)式核聚变是正在尝试的技术之一，D项正确。能力·重点突破例8BC解析由题图可知，He的比结合能为7MeV,因此它的结合例1D解析绝大多数α粒子穿过金箔方向不变，说明原子内部有相：能为7MV×4=28MeV,A项错误；比结合能越大，表明原子核中核子对较人的空间，极少数α粒子发生大角度的偏转，说明原子内有带正电荷结合得越牢固，原子核越稳定，结合题图可知B项正确；两个比结合能小的微粒，且原子巾全部止电荷和几乎全部质量都集巾在体积较小的原子的H核结合成比结合能大的He时，会释放能量，C项正确；由题图可核里，该实验不能说明原子不显电性，也不能说明原子核由质子和中子组知，U的比结合能（即均结合能）比器K的小，D项错误。成，A、B、C三项错误，D项正确。E变式1D解析在α粒子散射实验结果中，绝大多数α粒子穿过金箔例9C解析由题可知均每个氘核聚变释放的能量=6后仍沿原来方向前进，运动轨迹如轨迹1，说明原子中绝大部分是空的，A43.15McV。1kg海水中含有的氘核约为1.0×102个，可以放出的总能6项正确：极少数粒子发生超过90°大角度偏转，B项正确；根据点电荷周围电场可知，距离原子核近的地方电场强度大，故越靠近原子核加速度越量为E=Ve。由Q=Mq可得，要释放相同的热量，需要燃烧标准煤的质大，因此α粒子的加速度先增大后减小，C项正确；α粒子受到斥力作用，量M=Q_≈400kg,C项正确。根据电场力做功特点可知，从运动到b过程中电场力做负功，电势能增变式6A解析该反应放出的能量△E=(1.007825u十7.016004u一2×加，动能减少，从b运动到〔过程中，电场力做正功，电势能减少，动能增4.00260u)X931MeV/u=17.34MeV,入射质子的动能EkH=2Eka一△E加，D项错误。=0.5MeV,A项正确.例2A解析根据玻尔的原子模型可知，电子在定态轨道上运行时，并不向外辐射能量，A项正确；巾子在轨道间跃迁，可通过吸收或放出一素养·专项培育定频率的光子，也可通过其他方式实现，如电子间的碰撞，B项错误：电子:例10BC解析由左手定则可知，粒子a、粒子b均带正电，电中性的从外层轨道（高能级）跃迁到内层轨道（低能级）时，电子动能增大，原子能微粒分裂的过程中，总的电荷量应保持不变，则粒子c应带负电，A项错误，B、C两项正确：粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向量减小，C项错误；电子绕核运动时，具有“高轨、低速、大周期”的特点，即在外层轨道运行的周期比在内层轨道运行的周期大，)项错误。心力，即B=m发，解得R一侣，由于粒子a与粒子6的电荷量大小关例3C解析人量氢原子从m=3能级跃迁到n=1能级最多可辐射出系未知，则粒子α与粒子b的动量大小关系不确定，D项错误。C为=3种不同频率的光子，A项错误；根据能级图可知从=3能级跃迁到变式7AC解析由动量守恒得M'十mw=0,其中Mu'为反冲核动n=1能级辐射的光子能量为h=13.6eV-1.51eV=12.09eV,从n=量，为粒子的动量，Q为原来放射性元素的原子核电荷数，则反冲核3能级跃迁到n=2能级辐射的光子能量为h2=3.4eV一1.51eV=1.89eV,比较可知从1=3能级跃迁到n=1能级比跃迁到n=2能级镉射的电荷数为Q-2,&粒子电荷数为2。反冲核的轨道半径一B(Q2,Mu的光子频率高，B项错误；根据能级图可知从=3能级跃迁到=4能级，需要吸收的能量E-1.51eV一0.85eV-0.66eV,C项正确；根据能级图粒子的轨道半径R-咒：综合以上公式可得Q=62。可知氢原子处于n=3能级的能量为一1.51eV,故要使其电离至少需要例11AC解析衰变过程系统动量守恒，以α粒子的速度方向为正方吸收1.51eV的能量，D项错误。向，根据动量守恒定律得一p加=0，根据动能与动量的关系民一变式2BC解析由题图可知，H。谱线其波长最长，对应的频率最低，其光子能量最低，A项错误；已知可见光的光子能量在可知=。α粒子的质量数为4，钍核的质量数1.62eV到3.11eV之问，普朗克常量h=6.63×10-4J·s,根据c=入y和E=加可得入-凭，求出可见光的波长为390m~780m,可知巴耳末系型罗，放n=A项正确：核反应前后的过程涡足动放守恒4辐射H。、H、H,、H谱线均属于可见光，B项正确；由E-可知，H。谱定律，B项错误；核反应中释放的总能量E=a十吊)，解得E线对度光子的能量为1.9eV,按孩尔原子模型，山H诺线对位的跃证是号：由质能方程知释放的总能量：=△：解得△m器.C项正从n=3能级到n=2能级，C项正确；该谱系的光子能量最大的是H:谱:确，D项错误。3×108线对应的光子，其频率一天一660X10一H突4.5×104H,小于钨的变式8(1)2影Rn→2Po+He+y(2)6.16X108u解析(1)衰变方程为器Rn→2Po十He十Y。截止频率，不能发生光电效应现象，D项错误。(2)忽咚放出光子的动量，根据动量守恒定律，0=pa十p例4D解析1.40×1015cV=1.40×1015×1.6×10-19J=2.24X10-4J,D项正确。即新核钋(Po)的动量与&粒子的动量大小相等，又E=例5A解析由题图分析可知，核反应方程为酷X→2Y+a2He十b_9e,设经过a次a衰变，b次3衰变。中电荷数与质量数守恒可得238可求出新核钋(Po)的动能Ek=1O9Ea206十4a,92=82+2a一b,解得a=8,b=6,枚放出6个电子，A项正确。由题意知，质量亏损对应的能量以光子的能量和新核、α粒子动能形式出变式3AC解析由衰变方程X→Y+e,可知X的质量数与Y的质:现，衰变时释放出的总能量为△E=Ea十EPo十E=△c2量数相等，而X的电荷数比Y的电荷数多1，A项正确，B项错误；由反应故衰变过程巾总的质量亏损方程He十3A→X十n,可知X的电荷数比A1的电荷数多2，X的质量ym-=111E+109E=6.16X10-8u109c2数比A1的质量数多3，C项正确，D项错误。例6C解析由图可知从%-兰到0-专恰好衰变了一半，根据半·54·23XLJ(新)·物理一B版-XJC

上升，加速度方向向上，B项正确，A、C两项错：抛运动的初速度大小也为误；根据牛顿第二定律有T一GA=mAa可知绳℃，两运动的轨迹有一点相发球点Ras60°=t,竖直方向有A+Rn60-之g2,子的拉力大于A所受的重力，D项错误。交，运动员在某个固定位置一8，又因为垂直打到P点，有1am60-卷发球，因此不同的击球速度对应不同的击中墙壁高度h,但所有轨迹均经过发球点，如图所联立解得h=是m1=3严sA项正确。10示，五越大，运动时间越长，墙壁到发球点的水A位移x相同，则越小，由图可知，h越大，【例6】(1)5m/sso≤13m/s(2)5√5m/s抛运动的水位移x越小，A、B两项错误；设【解析】(1)设小球恰好落到空地的右侧边缘时的水初速度为1，则小球的水位移：L【例7】C【解析】如图，将A点的速度分1球击中墙壁的位置到发球点的高度为h',中解，根据运动的合成与分解可知，接触点A的抛运动的推论可知华=-am6,则A越大，越十x-o1t1实际运动，即合运动为在A点垂直于杆的方向小球的竖直位移：H=合g的运动，该运动由水向左的分运动和竖直向大，0越大，C项正确；由x'=t可知，心越大，越短，h越小，则h越小，D项错误。解得1=13m/s下的分运动组成，所以=c0s37,此为A点设小球恰好越过围墙的边缘时的水初速度为【例3】CD【解析】根据h=立82，解得做圆周运动的线速度。而物块B由静止开始2,则小球的水位移：L=2t2水向左做a=0.2m/s的匀加速直线运动，一√g,由于高度没有确定，所以运动时间无/2h小球的竖直位移：H一h=2g2则在t=1s时，B的速度大小v=at=0.2×解得2=5m/s1m/s=0.2m/s,物块B左移x=2a2=达确定，B项错误；根据=√一，可知网球的故小球抛出时的速度大小为5m/sh运动时间只与下落高度有关，高度比确定，则运13m/s.0.1m1,0角变为53”，则4=0s53=3m/s,动时间比可确定，D项正确：根据A=号，x(2)小球落在空地上，下落高度一定，落地时的C项正确。竖直分速度定，当小球恰好越过围墙的边缘ot,联立解得0=,由于网球下落高落在空地上时，落地速度最小。/2hg竖直方向：，2-2gH度与水位移不确定，则初速度无法确定，A项又有min=√o22十u,第2讲抛体运动解得min-5√5m/s。错误；根据n,可知水位移相同时，/2h学基础知识g【使式】mV2吃景要点高度比确定，则可确定初速度之比，C项止确。①水②重力③抛物线④匀速直线【变式2】A【解析】小球在竖直方向上为(3)告A同自由落体@gt0供⑧2”⑨器h【解析】(1)如图甲所示，根据抛运动的规自由洛体运动，则根据tg可知，x2,则>2，A项正确。讲关键能力【例4】BC【解析】由于AB:BC：CD=PP【例1】AD【解析】两球抛运动的位移5:3：1,故三个小球在竖直方向运动的位移之大小sA=√2十(2)2=√5l=sB,A项止确；比为9：4：1，运动时间之比为3：2：1，A项错误；斜面上抛的小球落在斜面上时，速度与地运动运动的时制由高度决定，由：一√一可之g2,m1一1t1,联立獬得1初速度之间的夹角a满足tana=2tan9,与小球抛出时的初速度大小和位置尤关，B项正确：/2h1知tA=√2tB,B项错误；抛运动在水方向上o g做匀速直线运动，抛的初速度大小=子由ana=恶知三个小球的初速度大小之比等(2)根据抛运动规律得h2=之g2,x2=2于运动时间之比，为3：2：1，C项正确；三个可得A=11,C项错误：落地时的2√2小球的运动轨迹（抛物线）在D点相切，因此不且：=九，2x=L,联立解得助=号√景会在空中相交，D项错误。速度大小=牛，可得验=.即(3)如图乙示，得h32g32,x3=3t34【变式3】AB【解析】当小球以最小位移A>vB,D项止确。到达斜面时即位移与斜面亚直，位移与竖直方【变式1】D【解析】根据抛运动规律有向的夹角为0，则tan0=工=2，即tgt友=号，=w,联立解特x=V受，因gtan)A项正确，D项错误；当小球垂直击中为纸团恰好沿纸篓的上边沿人篓并直接打在纸斜面时，速度与竖直方向的夹角为0，则tan0=且3x3=2L篓的底角，如果抛出高度不变，则怎么改变速度设球从恰好越过球网到达到最高点时所用的时都无法打到正巾问，速度变大，会打在纸篓的右2,即1一g品B项止确：当小球击中斜面中点壁，速度变小会无法入纸篓，在P点正上方某时，设斜面长为2L,则水射程为Lcos0=wt,下间为1，水距离为s,有3一h=2g2位置将纸团以小于的速度水抛出，可以判断纸团能进入纸篓，且不会打到纸篓的右壁，可落高度为1sn0=2g,解得1=2tam”,C项由几何关系得x3十s=L能打到正中间，D项正确，A、B两项借误；在P错误。点正下方某位置将纸团以大于的速度水抛【例5】A【解析】物块在传送带上加速，由解得h=.出，则纸团能进人纸篓，但是进纸篓的水速度牛顿第二定律可知mg=ma,当物块加速到【例7】D【解析】由题图可知，甲、乙、丙、大于打到纸篓的底角的水速度，只能打巾纸时，山位移一速度公式得%2=2ax,解得x=丁高度不完全相同，根据抛运动的时间由高篓的右壁，C项错误。3.6m>L,故物块在传送带上加速不到0，则度决定可知球到达四鼓用时不可能都相同，A【例2】C【解析】将球撞向墙壁的运动反运动到B点时有2=2aL,解得g=√30m/s,项错误；甲、乙两鼓高度相同，抛运动的时间向视为抛运动，初速度大小为，反弹时做：物块从B到P做抛运动，水方向有R十相同，但羽毛球做抛运动的水位移不同，由6·23XKA(新)·物理一D版一XJC

公河和湄南河是中南半岛两条著名河流（图4左图）。其中湄南河三角洲纵横的河网造就了著名的曼容上市场（图4右图），市场内船来船往，热闹非凡。据此完成10~12100°110o©。城市0.河流山国界10,与滑公河相比，漏南河水量较小的主要原因是图4A.补给类型差异大B.气候类型不同C.流域面积较小11.与形成曼谷水上市场相关的河流水文特征有D.泄洪速度较快①含沙量大②无明显汛期③流速慢④无结冰期A.①②B.②③③④12.下列农产品中在曼谷水上市场交易可能性最小的是D.①④A.香蕉B.稻米C.蔗糖阿萨尔盐湖位于吉布提中部，富含涣化钠等化工资源。2017年D.棉花42°43644°以来，中吉两国企业共同开发阿萨尔盐湖溴化钠项目。该项目生产厄立特里亚的澳化钠成为吉布提出口海外的工业产品，填补了吉布提化工企业亚的空白。参与开发该项目的山东海王化工有限公司是中国化工企业吉布提12湾500强之一，也是全球唯一一家可以利用地下卤水、海水、盐湖卤水、阿萨尔盐湖盐矿尾液等多种资源生产溴素的企业。中吉两国企业还同步规划和o吉布提建设现代化盐溴化工产业园。图5示意吉布提和阿萨尔盐湖地理位置。据此完成13~14题。0首都13.山东海王企业与吉布提合作开发溴化钠项目的优势主要是索马里●湖泊(图5A.生产技术先进B.生产效率高C.生产成本低廉D.生产规模大14.现代化盐溴化工产业园对吉布提的有利影响是①减轻交通压力②加快工业化和城市化进程③增加就业岗位④促进港口贸易进一步发展A.①②③B.①②④C.①③④D.②③④新西兰由南岛、北岛两大岛屿组成，地形以山地和丘陵为主。该国国土面积26万多方千米，人口总数约为491万(2019年1月数据)。图6示意新西兰交通千线、主要海港和航空港分布。据此完成15~17题。168°172°176°15.新西兰铁路网密度较低，其原因是①人口稀少，铁路客货运输需求小36塔②铁路建设历史短，技术比较落后斯③冻土广泛分布，铁路建设难度大40°海④多山地丘陵，铁路建设成本较高公路44A.①④B.③④航空港C.①2D.②③0山脉16.新西兰公路干线的布局原则是B.路线以直线为主A.沿等高线延伸图6D.沿海岸线延伸C.连接重要居民点17.新西兰大多航空港与海港相邻布局，其原因是A.利于建立海陆空立体交通网络B.海港陆域辽阔，利于机场选址C.海港与航空港之间有快捷通道D.航海业促进城市发展石任覆联盟高考复全程精练·单元卷地理RB(十三)第50页

12.D全球卫星导航系统可进行三维定位，监测海浪高度。13.(1)特征：冰川川减少；冰川消融速度加快。(6分)原因：全球气候变暖，冰川消融；降水量减少。(6分)(2)短期内水资源增加；长期水资源将短缺，径流量减少，干旱加剧。(6分)(3)冰川崩塌；(2分)滑坡；(2分)冰湖溃决引发的山洪和泥石流。(4分)14.(1)位于亚热带季风性湿润气候区，降水丰富且较集中；地势起伏小，排水不畅；河道弯曲，河流流速较慢。(9分)(2)裁弯取直（河道渠化）；(2分)修筑水坝；(3分)开辟分洪区。(3分)(3)河流地貌发生显著变化，沙洲数量和面积增大；河流流量季节变化加大，发生洪涝灾害概率增加；水质有明显改善；湿地面积增加，生物多样性增加；沿岸土壤肥力提高。（任答三点，9分）案口·24一【23·G3ZCJ·地理·参考答案一LJB一必考一YN】

48.【解析】选C。由故事情节可知，这位老师鼓励Eily参加选拔，并改变了她的人生，所以这是一个有爱心的老师，她催促Emily练的态度应该是温柔的。故选C。49.【解析】选A。根据语境可知，此处应该指老师建议的做法起了作用，产生了效果，wOk“奏效”。故选A。50.【解析】选B。Eily先克服了口吃的毛病，然后逐渐取得如今事业上的成就，两者之间应该有时间的先后。所以went on“继续，接着”符合语境。故选B。51.【解析】选C。根据语境可知，此处指很多人有跟Emiy相似的经历或故事，只是不为人知罢了。故选C。52.【解析】选D。根据语境可知，此处表示跟Eiy有相似故事的人们，也都克服了困难，实现了梦想。故选D。53.【解析】选D。由下文“if you ever think you have alife and you are trapped,stop thinking andstart believing'”可知，作者的观，点是要相信自己。所以本句意思应该是：在你最终实现目标之前，你只需要对自己以及自己的梦想有点信念。故选D。54.【解析】选C。由Eiy的经历以及最后一段中的第一句可知，此处指当你在生活中遇到困难时，不用多想，只管相信自己就好了。故选C。55,【解析】选A。本句观点是最后一段第一句话的重复和强化，大意为：总有一天你会实现所有的梦想。故选A。【语篇导读】作者去罗安达探望在那里做志愿者的母亲，受到那里的孩子们的欢迎，并表示以后还会去那里。56.【解析】a。考查冠词。afew“一些”为固定表达。57.【解析】how。考查同位语从句。根据语境可知，此处指不知如何度过那些天。how引导同位语从句，表示idea的内容。58.【解析】especially。考查词性转换。此处需要副词作状语。59.【解析】to。考查介词。from.to..(从…到…)固定搭配。60.【解析】spoken。.考查被动语态。此处指“别人跟我说”，I和speak to之间为被动关系。6l.【解析】talking。考查动名词。介词from后面要用动名词作宾语。62.【解析】had made。考查动词时态。make发生在could tell之前，所以，要用过去完成时。63.【解析】friendly。考查词性转换。此处需要用形容词作表语。64.【解析】activities。考查名词复数。根据different可知，后面要用名词复数。65.【解析】to say。.考查不定式。本句中it为形式主语，不定式为真正主语。第四部分第一节【参考范文】Dear Tom,I am writing to tell you that our school will hold a fire escape drill this weekend.The fire escape drill will be held from 9 a.m.to 10 a.m.All the students are required to stay in theirown classrooms first,and then the firemen will make some artificial smoke in the corridor.On seeing thesmoke,the students should run to the playground in a quick and orderly way under the direction of the6

程温度升高，由图像可知，同时压强增大，且体积也增大，B项错误；由图：通过做功的方式可以让热量从低温物体传递给高温物体，如电冰箱，B像可知，c→d过程，气体乐强p不变而体积V变小，由理想气体状态方项错误；第二类永动机没有违反能量守恒定律，热力学第一定律是能量程罗-C可知气体温度降低，C项正确：由图像可知，d→“过程，气体转化和守恒定律在热学中的反映，因此第二类永动机没有违反热力学第一定律，不能制成是因为它违反了热力学第二定律，C项正确：能量耗散体积V不变，压强力变小，由理想气体状态方程兴-C可知，气体温度过程体现了宏观自然过程的方向性，符合热力学第二定律，D项正确。降低，D项错误。2.B解析压缩气体时，外界对气体做功，内能增加，温度升高，体积变6.ABD解析由题图可知，A→B过程中，气体温度升高，体积变大，且小，压强增大，所以B项正确，A、C两项错误：气体吸收艾绒放出的热量，内能增加，D项错误。体积与温度成正比，由Y=C可知，气体压强不变，A项正确：B→C过3.B解析在水不断向外喷出的过程中，罐内气体体积增大，则气体对程巾，体积不变，而温度降低，由义=C可知，气体压强变小，B项正确，外做功，根据玻意耳定律可知，罐内气体的压强减小，A项错误，B项正确；由于罐内气体温度不变，即△U=0,气体对外做功，W0,气体一定从外界吸热，C项错误；根据温度是影响分子均动能的唯·因素可知，温度不变，分子均动能不压强变大，D项正确。变，D项错误。7.C解析由题图2知状态B→状态C的过程中气休的休积不变，所以:4.B解析c到d过程为绝热膨胀，则Q=0,W0,内能减小，△UJ0,温密度不变，即单位体积中的气体分子数月不变，A项错误；由状态B→状度降低；d到a过程体积不变，压强减小，温度降低，状态c的温度（内态C的过程为等容变化，状态C的气体压强大于状态B的气体压强，T©>TB,而TD=Tc,所以TD>TB,B项错误；当温度升高时，分子热运动能)高于状态a的温度（内能），A项错误。a→b过程为绝热压缩，外界对气体做功，W>0,Q=0,则△U=W,即外界对其做的功全部用于增加加剧，速率较大的分子所占百分比增高，分布曲线的峰值向速率大的方向移动，即向高速区扩展，峰值变低，曲线变宽、变坦，由题图2知状态内能，B项正确。bc过程气体从外界吸收热量，c→d过程气体对外做A的温度低，所以对应的是题图3中的图线①，C项正确；温度是分子：功，-→a过程气体放出热量，a→b过程外界对气体做功，根据p一V图像巾图线与坐标轴所围面积即为气体做功的大小，可知c到d过程气体均动能的标志，不代表每个分子的动能，D项错误。8.0.04m对外做的功大于a到b过程外界对气体做的功。图像中bcda→b围成的图形的面积为气体对外做的功，整个过程气体内能变化为零，则Vi V2解析根据气体等压变化有六一△W=△Q,即Q吸一Q放=△W>0,即在一次循环过程中吸收的热量大于-T-鹏×20x10--24x10m放出的热量，则b→c过程中增加的内能大于d→a过程中减少的内能，C、D两项错误。汽缸移动的距离5.C解析海水温度随深度增加而降低，汽缸导热良好，氧气分子均△1=V2V_0.4x10-8动能降低，但不是每个氧气分子的动能均诚小，A项错误；根据热力学第S1.0X10-2m=0.04m.一定律有△U一W十Q,内能的减少量等于氧气放出的热量和外界对氧9.(1)297K(2)309K气做功之和，B项错误；根据液休压强公式p=Pgh,可知随下潜深度增解析(1)当电子天示数为600.0g时，细绳对铁块拉力为△mg加，海水压强增大，由于活塞与缸壁问无摩擦且与海水相通，氧气压强增(m2-n示)g=1g加，即氧气分子单位时间撞击缸壁单位面积的次数增加，C项正确；根据铁块和活塞对细绳的拉力相等，则汽缸内气体压强等于大气压强，p,=如动量定理有Ft=w,氧气分子均动能降低，氧气分子每次对缸壁的当电子天示数为400.0g时，设此时汽缸内气体压强为2，对1受力均撞击力减小，D项错误。分析有6.D解析空调机在制冷过程中，从室内吸收的热量少于向室外放出的(m2-n示'-)g=(p0-p2)S热量，因为有部分电能转化为内能，A项错误：扩散现象是由于分子无规由题意可知，汽缸内气体体积不变，则压强与温度成正比，有号-则运动直接形成的，而布朗运动是分子热运动的间接反映，B项错误；根联立解得T2=297K。据热力学第二定律可知，热传递的自然过程是大量分子从无序程度小的(2)环境温度越高，汽缸内气体压强越大，活塞对细绳的拉力越小，则电状态向无序程度大的状态转化的过程，C项错误；在“用油膜法测油酸分子秤示数越大，当细绳对铁块的拉力最大为0，即电子大的示数恰好子直径”的实验中，建立的物理模型是：油酸分子视为球形，油膜为单分为1200g时，对应的环境温度为装置可以测量的最高环境温度。设此子层，油酸分子是紧挨在一起的，D项正确时汽缸内气体压强为p3,对1受力分析有:7.逐渐增大小于逐渐增大(p3-Po)S=mig解析瘪球内气体原先温度较低，放入热水中后，球内气体逐渐吸热，温又由X缸内气体体积不变可知，压强与温度成正比，有号一会度逐渐升高，温度越高，速率人的分子数占总分子数比例越人；球内气体温度升高，压强增大，瘪球逐渐变回球形，此过程中从外界吸收热量的同联立解得Tmx=309K。时球内气体因膨胀而对外做功，由于内能随温度的升高而增大，所以内10.D解析根据盖一吕萨克定律有十273，整理得V=t+273k,能增大；根据热力学第一定律知△U一Q一W,则球内气体从外界吸收的热量大于对外做的功。山体积一温度(V-)图像可知，直线1为等压线，则Q、b两点压强相&.)增加了175J(2)减少了930J等，有会-1，者=0℃，当气体休积为V时，压强为1：当气体体解析(1)压缩过程活塞对气体做的功积为V2时，压强为2；根据等温变化，有p1V1=p2V2,由于直线I和W1=F11=2X103×0.1J=200J气体内能的变化量Ⅱ各为两条等压线，则有1=0加=，联立解得=分=号。D△U1=W1+Q1=200J-25J=175J项正确。汽缸内气体在压缩过程中内能增加了175J。(2)气体膨胀过程中气体对外界所做的功课时3热力学定律及其应用W2=-F2l2=一9×103×0.1J=-900J1.CD解析根据热力学第一定律△U=W十Q,可知物体从外界吸收热：气体内能的变化量量，其内能不一定增加，物体对外界做功，其内能不一定减少，A项错误；：△U2=W2十Q2=一900J一30J=一930J·94·23XLJ(新)·物理一D版一XJC