[百师联盟]2024届高三一轮复习联考(一)1物理(江苏卷)试题

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/2.7X10-1w(4X106)3kg=27X101kg,代入数据解得霜-√金0≈衰期的定义可知半衰期T=182.4d一67.3d=115.1d,C项正确变式4C解析根据核反应的质量数和电荷数守恒可知，该核反应1.7X108,C项正确。是Al→Mg+"e,即Y是正电子，A、B两项错误；因为72万年是一个半变式3B解析根据德布罗意波长公式入=合，解得力=是衰期，可知再过72万年，现有的铝26衰变一半；再过144万年，即两个半衰期，现有的铝26衰变四分之三，C项正确，D项错误。100×10,kg·m/s=6.63X10-27kg·m/s,B项正确」6.63×10-3例7A解析根据质量数守恒和电荷数守恒可知，X是电子，A项正确；半衰期非常稳定，不受温度、压强以及该物质是单质还是化合物的影课时2原子结构原子核响，B项错误：2Pb与Bi和电子X的质量差等丁衰变的质量亏损，C项错误；方程中的X来自Pb内中子向质子的转化，D项错误。知识·要点梳理变式5)解析(1)式是α衰变，(2)式是3衰变，均有能量放出，A项基础过关错误；(3)式是人类第一次实现原子核转变的方程，B项错误，C项正确；利1.B2.C3.B4.D用激光引发可控的(4)式核聚变是正在尝试的技术之一，D项正确。能力·重点突破例8BC解析由题图可知，He的比结合能为7MeV,因此它的结合例1D解析绝大多数α粒子穿过金箔方向不变，说明原子内部有相：能为7MV×4=28MeV,A项错误；比结合能越大，表明原子核中核子对较人的空间，极少数α粒子发生大角度的偏转，说明原子内有带正电荷结合得越牢固，原子核越稳定，结合题图可知B项正确；两个比结合能小的微粒，且原子巾全部止电荷和几乎全部质量都集巾在体积较小的原子的H核结合成比结合能大的He时，会释放能量，C项正确；由题图可核里，该实验不能说明原子不显电性，也不能说明原子核由质子和中子组知，U的比结合能（即均结合能）比器K的小，D项错误。成，A、B、C三项错误，D项正确。E变式1D解析在α粒子散射实验结果中，绝大多数α粒子穿过金箔例9C解析由题可知均每个氘核聚变释放的能量=6后仍沿原来方向前进，运动轨迹如轨迹1，说明原子中绝大部分是空的，A43.15McV。1kg海水中含有的氘核约为1.0×102个，可以放出的总能6项正确：极少数粒子发生超过90°大角度偏转，B项正确；根据点电荷周围电场可知，距离原子核近的地方电场强度大，故越靠近原子核加速度越量为E=Ve。由Q=Mq可得，要释放相同的热量，需要燃烧标准煤的质大，因此α粒子的加速度先增大后减小，C项正确；α粒子受到斥力作用，量M=Q_≈400kg,C项正确。根据电场力做功特点可知，从运动到b过程中电场力做负功，电势能增变式6A解析该反应放出的能量△E=(1.007825u十7.016004u一2×加，动能减少，从b运动到〔过程中，电场力做正功，电势能减少，动能增4.00260u)X931MeV/u=17.34MeV,入射质子的动能EkH=2Eka一△E加，D项错误。=0.5MeV,A项正确.例2A解析根据玻尔的原子模型可知，电子在定态轨道上运行时，并不向外辐射能量，A项正确；巾子在轨道间跃迁，可通过吸收或放出一素养·专项培育定频率的光子，也可通过其他方式实现，如电子间的碰撞，B项错误：电子:例10BC解析由左手定则可知，粒子a、粒子b均带正电，电中性的从外层轨道（高能级）跃迁到内层轨道（低能级）时，电子动能增大，原子能微粒分裂的过程中，总的电荷量应保持不变，则粒子c应带负电，A项错误，B、C两项正确：粒子在磁场中做匀速圆周运动时，由洛伦兹力提供向量减小，C项错误；电子绕核运动时，具有“高轨、低速、大周期”的特点，即在外层轨道运行的周期比在内层轨道运行的周期大，)项错误。心力，即B=m发，解得R一侣，由于粒子a与粒子6的电荷量大小关例3C解析人量氢原子从m=3能级跃迁到n=1能级最多可辐射出系未知，则粒子α与粒子b的动量大小关系不确定，D项错误。C为=3种不同频率的光子，A项错误；根据能级图可知从=3能级跃迁到变式7AC解析由动量守恒得M'十mw=0,其中Mu'为反冲核动n=1能级辐射的光子能量为h=13.6eV-1.51eV=12.09eV,从n=量，为粒子的动量，Q为原来放射性元素的原子核电荷数，则反冲核3能级跃迁到n=2能级辐射的光子能量为h2=3.4eV一1.51eV=1.89eV,比较可知从1=3能级跃迁到n=1能级比跃迁到n=2能级镉射的电荷数为Q-2,&粒子电荷数为2。反冲核的轨道半径一B(Q2,Mu的光子频率高，B项错误；根据能级图可知从=3能级跃迁到=4能级，需要吸收的能量E-1.51eV一0.85eV-0.66eV,C项正确；根据能级图粒子的轨道半径R-咒：综合以上公式可得Q=62。可知氢原子处于n=3能级的能量为一1.51eV,故要使其电离至少需要例11AC解析衰变过程系统动量守恒，以α粒子的速度方向为正方吸收1.51eV的能量，D项错误。向，根据动量守恒定律得一p加=0，根据动能与动量的关系民一变式2BC解析由题图可知，H。谱线其波长最长，对应的频率最低，其光子能量最低，A项错误；已知可见光的光子能量在可知=。α粒子的质量数为4，钍核的质量数1.62eV到3.11eV之问，普朗克常量h=6.63×10-4J·s,根据c=入y和E=加可得入-凭，求出可见光的波长为390m~780m,可知巴耳末系型罗，放n=A项正确：核反应前后的过程涡足动放守恒4辐射H。、H、H,、H谱线均属于可见光，B项正确；由E-可知，H。谱定律，B项错误；核反应中释放的总能量E=a十吊)，解得E线对度光子的能量为1.9eV,按孩尔原子模型，山H诺线对位的跃证是号：由质能方程知释放的总能量：=△：解得△m器.C项正从n=3能级到n=2能级，C项正确；该谱系的光子能量最大的是H:谱:确，D项错误。3×108线对应的光子，其频率一天一660X10一H突4.5×104H,小于钨的变式8(1)2影Rn→2Po+He+y(2)6.16X108u解析(1)衰变方程为器Rn→2Po十He十Y。截止频率，不能发生光电效应现象，D项错误。(2)忽咚放出光子的动量，根据动量守恒定律，0=pa十p例4D解析1.40×1015cV=1.40×1015×1.6×10-19J=2.24X10-4J,D项正确。即新核钋(Po)的动量与&粒子的动量大小相等，又E=例5A解析由题图分析可知，核反应方程为酷X→2Y+a2He十b_9e,设经过a次a衰变，b次3衰变。中电荷数与质量数守恒可得238可求出新核钋(Po)的动能Ek=1O9Ea206十4a,92=82+2a一b,解得a=8,b=6,枚放出6个电子，A项正确。由题意知，质量亏损对应的能量以光子的能量和新核、α粒子动能形式出变式3AC解析由衰变方程X→Y+e,可知X的质量数与Y的质:现，衰变时释放出的总能量为△E=Ea十EPo十E=△c2量数相等，而X的电荷数比Y的电荷数多1，A项正确，B项错误；由反应故衰变过程巾总的质量亏损方程He十3A→X十n,可知X的电荷数比A1的电荷数多2，X的质量ym-=111E+109E=6.16X10-8u109c2数比A1的质量数多3，C项正确，D项错误。例6C解析由图可知从%-兰到0-专恰好衰变了一半，根据半·54·23XLJ(新)·物理一B版-XJC