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  • 衡水金卷 广东省2024届新高三开学联考(8月)化学试卷答案

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  • q2024届广东省广州市高三8月调研(广州零模)化学

    应②中H202中0元素化合价升高,H2O2表现还原性,根据反应②每产生标况下44.8L02(2mol),0元素化合价升高4价,转移4NA的电子;根据反应①氧化剂的氧化性强于氧化产物的氧化性知:氧化性H2O2>SO42,根据反应②氧化剂的氧化性大于还原剂的氧化性知:氧化性MnO4>H2O2,故三者氧化性强弱顺序为:MnO4>H2O2>SO42-;(3)HSO3作为还原剂,MnO4作为氧化剂,SO42作为氧化产物,M2+作为还原产物,根据化合价升降守恒配即可;(4)H2O2做绿色氧化剂,其还原产物为H2O,无毒,无污染,Fe2+被氧化为Fe3,根据化合价升降守恒配即可。19.(14分)(1)分液漏斗或者球形分液漏斗(2分)饱和食盐水(2分)(2)冷水浴或者冰水浴(2分)(3)Na2FeO.4+2KOH=K2FeO4↓+2NaOH(2分)(缺少沉淀符号扣除1分)(4)升高(1分)(5)乙醇、乙醚沸点低,易挥发,且减少K2FO4的洗涤过程的溶解损失(2分)(6)pH≥7.5,温度20℃,且加入微量CuC2(3分)【命题立意】本题考查化学实验综合。【解析】(1)是球形分液漏斗,主要用于向反应容器中加液体,且能控制加液总量和速率;为了除去C2中的HCl,应该将气体通过饱和食盐水;(2)温度控制20C以下,应将装置置于冷水浴中;(3)N2FeO4、KOH、K2FeO4、NaOH四种物质中K2FeO4的溶解度最小,故四者发生复分解反应时趋向溶解度更小方向,其方程式为Na2FeO4+2KOH=K2FeO4+2NaOH;(4)K2FeO4可以通过降温结晶的方法析出,说明其溶解度随温度升高而升高;(5)为得到纯净的产品,使用95%的乙醇和乙醚洗涤为了减少其溶解损失;(6)根据图像pH>7.5,温度20C℃,且加入微量CuCl2时,K2FeO4的分解率最低,最利于K2FeO4溶液的保存。20.(14分)(1)淡蓝色(2分)SO2或者二氧化硅(2分〉(2)加快过滤速率、所得固体更加干燥(2分)(3)小于1.5(2分)(4)2H20+3Mn2++2MnO4=5MnO2J+4Ht(2分)(5)2.8≤pH<3.4(2分)(6)1.18(2分)【命题立意】本题考查工艺流程。【解析】(1)A1和稀硫酸反应得到H2,H2如果燃烧产生淡蓝色火焰;硫酸酸浸过程不溶物仅有固体酸性氧化物SO2;(2)抽滤速率快,产物更加干燥,效果好;(3)根据表格中数据,为了保证Fe元素以F3+形式存在,pH应小于1.5;(4)在酸性较弱的环境下MnO4的还原产物为MnO2,+7价Mn和+2价Mn发生归中反应得到MnO2,根据化合价升降守恒配即可;(5)为了保证Fe3+沉淀完全,而A13+未开始沉淀,则应该调节pH在[2,8,3.4):(6)根据铝元素守恒,建立如下关系式:2A1-A12(S04)318H2O546661t×0.12×0.8854=66,故a1.18t。则:1x0.12x08a

  • 2024届湖北省高三8月联考(24-03C)z物理考试试卷

    重庆市高一物理考试参考答案1.A 2.B 3.B 4.B 5.A 6.D 7.C 8.ABD 9.ABD 10.AD11.(1NgL(2分)(2)1.23(2分)19.60(2分)12.(1)低压交流电源(1分)刻度尺(1分)(2)0.10(2分)0.55(2分)(3)2.00(3分)13.解:(1)如图所示,从v一t图像中可以看出,汽车先加速再减速,图像与坐标轴围成三角形,三角形的底表示总时间t,为12s,面积表示总位移s,为30m,汽车匀加速时间为t1,匀减速时间为t2。则=a11分)↑v/m's)解得max=5m/s(1分)根据速度一时间关系有mx=o十a1t4(1分)解得a1=0.625m/s2(1分)加速与减速之间的时间关系有t=十2解得t2=4s12 is根据速度一时间关系有u=max一a2t2(1分)》解得a2=1.25m/s2。(1分)1(2)根据位移时间关系有=w1十2a142(2分)解得x1=20m(1分)根据位移一时间关系有=a一4a:2(2分)解得x2=10m。(1分)14.解:(1)由题知=20m/sa1=8m/s2,2=0根据速度一位移关系有u2一2=2a1h1(2分)解得h1=25m。(1分)(2)根据速度一时间关系有v=o十a1(2分)解得t1=2.5s。(1分)(3)由题知v1=20m/s,a2=5m/s2,2=0根据速度-位移关系有22一v2=2a2h2(2分)解得h2=40m(1分)气球能上升的总高度H=h+h2(2分)解得H=65m。(2分)15.解:根据自由落体运动规律,篮球从开始下落到第一次反弹有02=2gh1(3分)第一次反弹后的速度大小边=号山(2分)设第一次反弹后上升的最大高度为h2,则22=2gh2(3分)地面时篮球的速度大小仍为心,(2分)设第二次反弹后上升的最大高度为h3,则s2=2ghg(3分)篮球从开始下落到经第2次反弹后上升到最高点过程中通过的路程s=h1十2h2十h3(2分)解得s=4.84m。(2分)【高一物理·参考答案第1页(共1页)】·23-99A·

  • [九师联盟]2024届高三9月质量检测理科数学L答案

    第二单元1.C“只有第7项的二项式系数最大∴公十1=7,∴m=12。2.A因为C(2x)2×13=40x2,所以展开式中x2的系数是40.3.B因为Cx(一1)3=一20,所以展开式中的常数项是一20.x4.B因为(x+1)4=[(.x-1)+2]4=16+32(.x-1)+24(x-1)2+8(.x-1)3+(x-1)4,所以N=(x+1)4.5.C(x+)°的展开式的二项式通项为T-1=Cx(x)r-Cr,令8-r为整数,求得=0,2,4,x6,8,共计5项.6.D展开式中含√3的项之和为C24×w3+C2(W3)3+C(w3)5=209√3,所以a=209.7.C在(1十x)5十(1一x)4的展开式中,x的系数为C十C4(一1)4=6.8D(1十)的展开式的二项式通项为T+1=CG,令,=3则T=Cx=20,1+}”的展开式的二项式通项为T=C(号,令=2,可得T=CG(号=.故号项的系数为20×6=12029.C设(十x)(n∈N)的展开式的项式通项为T+1,则T+1=C()(x)=Cx",不妨令n=4,则当r=1时,展开式中有常数项,故选项A正确,选项C错误;令n=3,则当r=1时,展开式中有x的一次项,故选项B正确:对于任意∈N,展开式中的二不为整式,所以选项D正确。10.A令x=0,y=1,得(b+1)”=1024,令x=1,y=0,得(a+1)”=243,逐项检验选项A、B、C、D,可得选项A正确.11.B因为二项式通项为T+1=C:(?)”x号,并由题意知其系数最大项只有第9项,所以T>T0,即To>Ts[c(2>C(32>n89,化简得,解得23C(分12.C令x=0,则(2十m)1=a十a1十a2十…十a1,令x=-2,则m1=ao-a1+a2-a3十…-a1,又(a十a2十…+a10)2-(a1十a3十…十a1)2=(a0十a1+a2+…+a11)(a-a1十a2-a+…十a10-a1)=311,∴.(2十m)1·m1=31,.m(2十m)=3,∴.m=-3或m=1.13.9(2x+)r的展开式的二项式系数之和为22=512n=9,14.7x根据二项式系数的性质,由后三项的二项式系数之和等于前三项的二项式系数之和,得C”十C十C%=1+n+2》-37,则m=8,根据二项式通项得到T1=C×(yxr(z)y=C×(2yx专,故2展开式中的第四项为C×(分)x=7x.15.8C0+C30+…+C8=C90+C0+C8。+…+C8+C8-2=20-2=830-2=(9-1)30-2=C80930+C80929·(-1)+C928(-1)2+…+C8×9X(-1)29+C8(-1)30-2=9M+8,所以余数是8.16.1260(x2+x十y)10=[(x2+x)+y]10的第r十1项为T,+1=C1o(x2十x)10-ry',当r=2时,T3=C(x2+x)8y2,所以x10y2的系数为CC8=1260.17.解:(1)由已知得6”=27×2”,3”=27,n=3.(2)二项式展开式的通项为C(5x)-r(1)r=C(5)-x3-号,令3-号=0→r=2,所以展开式中常数项为C·52-3×51=15.18.獬:(1)(a十b)12的第9项为Tg=T8+1=C2a12-8b3=C2ab=495ab3.企·4·【22·DY·数学·参考答案-RA一选修2一3(理科)一N)

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    )已知集合Sm∈z则SnT等下小题满分练4129》C.T已知复数一+,则:1等于(DD.ZE如点FP,分别是双曲线C5左、右焦点,点M是C右支上的一点、直线F,与y轴交于点P,△MPF,的内切圆在边P


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