（2）水方向上的位移为x=xcos30°=20√3m2分水方向上，由运动学公式x=vt2分3g22g；（2）∞=；（3）g3√3RGMm解析：（1)在地球表面处物体受到的重力等于万有引力-G2分M4TR3地球的密度p=又V=1分33g解得p=4TGRGMm(2)根据万有引力提供向心力，有m∞²（1.5R)2分(1.5R)222g联立可得卫星绕地球转动的角速度=2分3√3RGMm（3）在轨道半径为r=1.5R处，仍有万有引力等于重力，即mg2分(1.5R)²4g联立解得卫星所在处的重力加速度大小g：2分6√2115.(1)5rad/s;(2)8.72N,5.04N;(3)-m4解析：（1）小球恰好对锥面无压力，则小球只受到重力和拉力，其做圆周运动的向心力由重力与拉力的合力提供，由牛顿第二定律有mgtan0=mw²lsin0解得∞=5rad/s。1分(2）由于∞=2rad/s

（2）水方向上的位移为x=xcos30°=20√3m2分水方向上，由运动学公式x=vt2分3g22g；（2）∞=；（3）g3√3RGMm解析：（1)在地球表面处物体受到的重力等于万有引力-G2分M4TR3地球的密度p=又V=1分33g解得p=4TGRGMm(2)根据万有引力提供向心力，有m∞²（1.5R)2分(1.5R)222g联立可得卫星绕地球转动的角速度=2分3√3RGMm（3）在轨道半径为r=1.5R处，仍有万有引力等于重力，即mg2分(1.5R)²4g联立解得卫星所在处的重力加速度大小g：2分6√2115.(1)5rad/s;(2)8.72N,5.04N;(3)-m4解析：（1）小球恰好对锥面无压力，则小球只受到重力和拉力，其做圆周运动的向心力由重力与拉力的合力提供，由牛顿第二定律有mgtan0=mw²lsin0解得∞=5rad/s。1分(2）由于∞=2rad/s

未知夫体，忽略其他星系的影响，引力常量为G。下列说法正确的是3GmTA.理论上，正三角形的边长为4TT16√3π4GmC.理论上，三颗星体的加速度大小为下列D.中心0处未知天体的质量为1+V√3k车甲、乙车甲停下列说法正确的是BC边向米A.n:n=1:4中运B.当电阻箱的阻值为672时，副线圈的输出电压为80VC.当电阻箱的阻值为110时，变压器的输出功率最大，功率为121WD.电阻箱R。的阻值逐渐增大，电流表的示数逐渐增大二、多项选择题：本题共3小题，每小题6分，共18分。每小题有多个选项符合题目要求。全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。图所示的玻璃砖，横截面为直角三角形ABC，LB=90°，AC的边长为2√2L，一束激光从的中点D射人，延长线与BC的交点为F，折射光经过BC边的中点E，D、F两点间的距L。光在真空中的传播速度为c，下列说法正确的是物理试题第3页（共8页）

13．质量为2t的汽车在直路面上启动，启动过程的速度图像如图所示．从t时刻起牵引力的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为2000N，图中v=10m/s，t=5s，t=55s，则（BV0t1A.0-t时间内，汽车牵引力为6000NB．tr-tz时间内，汽车功率为60kWC.汽车运动的最大速度为20m/sD．0-t2时间内，汽车位移为1125m非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分。）14.实验题（I、II、IⅢI三题共16分）14-I（6分）用如图所示的实验装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F与质量m、角速度w和半径r之间的关系，转动手柄使长槽和短槽分别随塔轮匀速转动，槽内的球就做匀速圆周运动。横臂的挡板对球的压力提供了向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力套筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值。实验用球分为钢球和铝球，请回答相关问题：标尺长槽短槽左塔轮标尺-右塔轮套筒手柄-甲乙（1）在某次实验中，某同学把两个质量相等的钢球放在A、C位置，A、C到塔轮中心距离相等，将皮带处于左、右塔轮的半径不等的层上。转动手柄，观察左右标尺的刻度，此时可研究向心力的大小与_的关系。A．质量mB.半径rC．角速度w（2）在（1）的实验中，某同学匀速转动手柄时，左边标尺露出1个格，右边标尺露出4个格，则皮带连摆的左、右塔轮半径之比为。其他条件不变，若增大手柄转动的速度，则左、右两标尺的示数，两标尺示数的比值（均选填“变大”变小"或“不变”）。

13．质量为2t的汽车在直路面上启动，启动过程的速度图像如图所示．从t时刻起牵引力的功率保持不变，整个运动过程中汽车所受阻力恒为2000N，图中v=10m/s，t=5s，t=55s，则（BV0t1A.0-t时间内，汽车牵引力为6000NB．tr-tz时间内，汽车功率为60kWC.汽车运动的最大速度为20m/sD．0-t2时间内，汽车位移为1125m非选择题部分三、非选择题（本题共5小题，共58分。）14.实验题（I、II、IⅢI三题共16分）14-I（6分）用如图所示的实验装置来探究小球做圆周运动所需向心力的大小F与质量m、角速度w和半径r之间的关系，转动手柄使长槽和短槽分别随塔轮匀速转动，槽内的球就做匀速圆周运动。横臂的挡板对球的压力提供了向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力套筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值。实验用球分为钢球和铝球，请回答相关问题：标尺长槽短槽左塔轮标尺-右塔轮套筒手柄-甲乙（1）在某次实验中，某同学把两个质量相等的钢球放在A、C位置，A、C到塔轮中心距离相等，将皮带处于左、右塔轮的半径不等的层上。转动手柄，观察左右标尺的刻度，此时可研究向心力的大小与_的关系。A．质量mB.半径rC．角速度w（2）在（1）的实验中，某同学匀速转动手柄时，左边标尺露出1个格，右边标尺露出4个格，则皮带连摆的左、右塔轮半径之比为。其他条件不变，若增大手柄转动的速度，则左、右两标尺的示数，两标尺示数的比值（均选填“变大”变小"或“不变”）。

参考答案及解析物理点之间的电势差U的二分之一。一、单项选择题1.D【解析】放人笔前后，盒子本身的重力不变，盒子与墙板之间的磁力不变，故盒子与墙板之间的弹力也不变，整体的重力增加，故整体与墙壁间的静摩擦力增加，D项正确。2.B 【解析】根据爱因斯坦光电效应方程E=hv一W。可知，图线的斜率为h，纵轴截距的绝对值为金属的逸出功，横轴的截距为金属的截止频率，故甲、乙两种高度差为h，由机械能守恒定律可得金属的逸出功之比等于EaEk2=2：3，截止频率之比2m2=1w*vz=2：3，若用频率为3的光分别照射甲、乙两种金属时，有eUm=3hvo—hvo，eUz=3hvo—hvz，联立可得Um:Uz=4:3，B项正确。3.C【解析】根据薄膜干涉的规律，可知空气膜的厚度A（n=1，2，3.）位置处为亮条纹，从a处到6处为n，篮球投出时的竖直分速度大小y=√+2gh，空气膜的厚度变化得越来越慢，故条纹的间距逐渐变UOI设篮球投出时速度方向与水方向间的夹角为，则大，条纹逐渐变宽，C项正确。2gh4.B【解析】一定质量的理想气体，气体的分子总数N/tan²θ+，因两次投篮篮球投出时UN的速度的水分量uox=ucos 0，P点大，则tan一定比，n-V图像为双曲线的一支，A项错误；压缩冲程小，与竖直夹角大。7.D【解析】设释放滑块时，弹簧储存的弹性势能为过程中，气体的体积减小，外界对气体做功，气体被迅速压缩，可忽略与外界的热交换，根据热力学第一定Epm，滑块与木板间的动摩擦因数为μ，由能量守恒定律，可知气体的内能增加，温度升高，C项错误；根据律，当木板水时，有Epm=μmgX4L，当木板倾斜时,有 Epm=μmgcos θ× 2L+mg×2Lsin 0,联立解得1，压缩冲程过程中，体积减小，TVμ=0.5，弹簧最初压缩时储存的弹性势能Em=mmg温度升高，故p图像为曲线，切线的斜率逐渐增X4L=2mgL=kL²，解得k=大，B项正确；D表示单位时间内与单位面积器壁碰簧的弹力等于摩擦力时滑块的动能最大，设此时弹簧撞的分子数，D与分子数密度和分子均运动速率均有关，因温度升高，分子均速率逐渐增大，所以Ekm1=Epmkx²—μmg（L-x），可得木板水时图像不是直线，D项错误。2D495.A【解析】0~t时间内，电子的加速度先增大后减小，速度一直增大，A项错误；电场力对电子始终做正功，可知电场方向与速度方向相反，电场方向为c→b→a，根据沿电场线方向电势逐渐降低，可知pa

BC.波的周期为0.4sB.t时刻质点P加速最小，速度最大A.时刻质点P向上振动C.小环到达B点时的动能为g²6B.若斜向上的拉力增大，小环的加速度增大C.甲，乙圆周运动的半径之比等于质量之比B.甲、乙的线速度之比等于质量之比A.乙的周期小于π动，间距保持不变，已知经过一段时间t内乙转过的角度为θ，两颗恒星的质量之D.波长为0.4mA.小环受的倾斜拉力未知，合力不可求出和为M，万有引力常量为G，下列说法正确的是【北京专家卷·物理（一）A61第2页（共6页】田二

下列说法正确的是A.木板一定是向右运动C.木板的加速度大小为g9有人圆轨道Ⅲ，卫星在轨道I上运行的周期为 T,则下列关系正确的是式A.卫星在轨道Ⅱ上的运行周期为2√2TB.卫星在轨道I上、轨道Ⅲ上运行的加速度大小之比为3：1C.卫星在轨道I上、轨道Ⅲ上运行速度的大小之比为3：1D.卫星在轨道Ⅱ上从α运动到b，线速度、加速度、机械能均减小7.如图甲所示，理想变压器原线圈连接定值电阻R。，副线圈连接滑动变阻器R，滑动变阻器最大阻值足够大，M、N端输入正弦式交变电流.将滑动变阻器的滑片从a端缓慢向下滑动，记录理想电压表V的示数U与理想电流表A的示数I，描绘出U-I图像，如图乙所示.当滑动变阻器接人电路的阻值为9R。时，滑动变阻器消耗的功率达到最大，则下列说法正确的是UNN9为A.定值电阻R。的阻值为10ΩB.交变电压的峰值为100√2VC.滑动变阻器消耗的最大功率为400WD.理想变压器原、副线圈的匝数之比m:n2=1:3【模拟信息卷·物理（一）重第2页（共6页）】

14.（11点心之后内。点心不计(1)尺Uo才(2）只甲F=IR+I(3) （1）闭合开关前，应将图甲中滑动变阻器R，的滑片移到最（选填“左或“右”）端，闭合开关后，调节滑片P的位置及电阻箱接入电路的阻值，使两个电压表的指针偏转角度较大。若电压表V，的示数为U，电压表V的示数为U2，电阻箱的电阻为R，则电+0压表V，的内阻r可表示为（用U、U、R、r表示）。E=（2）若重新实验时发现电压表V，损坏，实验小组成员将电压表V2换成量程为3mA的电流表，电路图如图乙所示，按正确的操作进行多次实验，每次实验先调节滑动变阻器，再调节电阻箱，使每次实验电压表指针指在同一位置，记录每次调节后电阻箱接入电路的电阻R及电流表的示数I，某次电流表的指针所指的位置如图丙所示，这时通过电流表的电流1=mA15. (18一图像，得到图像的斜为横坐标，1为纵坐标，作1-电压（3）根据（2）中测得的多组R、I数据，以R度大率为k，图像与纵轴的截距为b，由此计算得到电压表的内阻r=_板间13.（10分）某待售的篮球充满气后放在货架上，在冬天温度为t=-3℃时，球内气体压强为运动P=1.35×10Pa，T=t+273K，球的容积始终保持不变，气体视为理想气体。距离（1）若球内气体质量保持不变，到了春天，温度为t=27°℃时，球内气体的压强多大？(1)(2)球内跑出气体的质量与原来球内气体质量的比值为多少？(3)1.35X10小pV=nRTPaPL—了pVnRA1.35x1心135BQ1351-二1上饶·高三物理第5页（共6页）

（3）根据上述材料并结合所学知识，读读中国占代边疆治理给你的启示。（2分）18.阅读材料，完成下列要求，（10分）材料16世纪菌葛牙人通过海上贸易将中国陶瓷直楼引入欧洲，当时莫国的皇宣贵残可，人通过间接方式接触到中国遣遇，并开始对这种来自适远东方的神私园物声生极大的好奇和向社1一纪，随着荷过东印度公司中国瓷器贸易的繁荣，大量中国青花竟通过荷过转运进入英围.盛为上层！会“光器星”中的异域珍品。18世纪早期，英国东印度公司开始大量进口中国瓷昌，以高是英国市的茶具、餐具需求。中国陶瓷的精湛技艺远远化于当时相对原的粗陋、主要高是实用功能的英国到器。中国陶瓷渐新成为整个英国社会的定儿.各个阶层的家庭部督遍使用了中国瓷昌。中国陶瓷进入英国后，中国瓷器的精美外形与文化内涵也渐新渗人英国人的文化和审美之中中国陶瓷推动英国瓷业经历了由模仿到借鉴再到创新的过程，到18世纪后期，在中国资器的启发亭台、花鸟虫兽等纹饰图案，为英国作家打开了一个异域的想象窗口，卓富和拓晨了熨围文学的题与视野。中国瓷茶具的大量进口和广泛使用，改变了英国人的饮茶方式，也促进了茶文化的盈行摘编自T念亮（1719世纪中国陶瓷对英国文亿司：（1）根据材料并结合所学知识.分析中国陶瓷在英国市场出现变化的原因。（4分）（2）根据上述材料.说明陶瓷贸易对英国的影响。（4分）（3）请用一句话表述上述材料内容的上题线索。（2分）四、活动与探究（12分）19.阅读材料，完成下列探究活动。材料D升章天津江上海长汉口安庆[汉阳铁厂]/武昌L（1B1年）图民教育出（图药所小为中国历史|第次近代化业动的部分成果，这场上身起「业化建设方面取得的重大成果，丨要司查】戊国政府编订耳实他厂发展国代（）（）很据图图：围终”业化贵练，淘，月清台网，，通识加以臣，史论结合，&述青确与少式题氧！贝（共士贝）