16.(16分)如图所示，开始时人工放射性元素原×××个××××X子核§h静止在匀强磁场I和匀强磁场Ⅱ的边界MN上，某时刻原子核Nh发生衰XXxⅡxXX变，生成一个氦原子核He和一个Rg原子XX XXXXX核，衰变后的粒子速度方向均垂直于匀强磁场I、Ⅱ和边界MV。氦原子核第一次通过匀强磁场区域I到达MV边界时到出发点的距离和Rg原子核第一次通过匀强磁场区域Ⅱ到达MV边界时到出发点的距离相同。(1)求I、Ⅱ两磁场的磁感应强度大小之比B(2)已知氦原子核从出发点到第一次回到边界MN所用的时间为t1,求Rg原子核从出发点到第一次回到边界MN所用的时间t2。

高三第一轮复周测卷教学地面上且保持静止，重力加速度为g。札记(1)求斜面体对小球支持力的大小和细绳对小球的拉力大小。(2)求地面对斜面体的摩擦力的大小和方向。0(3)若地面对斜面体的最大静摩擦力等于地面对斜面体支持力的k倍，为了使mM整个系统始终处于静止状态，k值必须满足什么条件？甲解：(I)设斜面体对小球的支持力大小为F,细绳对小球的拉力大小为T,以小球为研究对象，分析其受力情况，如图乙所示。应用行四边形定则，将F和T合成，其合力大小为F,则有F=ng(2分)FTcos&=Fcos=乞(3分)两大联主，年行八受sT=M3mg。(2分)Q(2)以小球和斜面体整体作为研究对象，分析其受力，如图丙所示。设地面对斜面体的摩擦力↓mg的大小为∫，根据力的衡条件，在水方向，有乙f=Tcos(a+0)(3分)解得∫二尽mg,方向水向左。(2分)(3)如图丙，根据力的衡条件，竖直方向，有(M+m)g=FN2+Tsin (a+0)(4)…Tia+0设斜面体与地面之间的最大静摩擦力为fm,根据题意，有fm=kF2(2分)为使整个系统保持静止状态，应满足￥(M+m)gf≤fm(3分)丙解得≥震(2分)【24G3ZCJ(新高考)物理-R-必考-HEB】21

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考点34带电粒子在组合场中的运动·考点导航班级：姓名：(1)带电粒子在组合场中的运动是彼此相邻的电场、磁场的任意组合.(2)组合场问题处理起来比较容易，可看成在电场中的匀变速直线运动(v/E)或类抛运动(⊥E);在磁场中的匀速圆周运动(v⊥B)或匀速直线运动(v/B),在两场边界处的速度是联系两场中运动的关键，《必备知识·考点巧练》3.（多选)圆心为O、半径为R的1.质谱仪是分析同位素圆形区域内存在磁感应强度大E加速电场的重要仪器，在物理研小为B、方向垂直纸面的匀强究中起非常重要的作速度选择器磁场（未画出），磁场边缘上的用.如图是质谱仪的工A点有一正电粒子源，OA竖作原理示意图.粒子源直，MN与OA行，且与圆形交A.P边界相切于B点，在MN的右(在加速电场上方，未业画出)产生的带电粒子侧有范围足够大水向左的匀强电场，电场强度时为E.当粒子的速度大小为。且沿AO方向时，可被加速电场加速后，进。B0●●●沿粒子刚好从B点离开磁场，不计粒子重力和粒虚入速度选择器.速度选择器内相互正交的匀强磁子间的相互作用，下列说法正确的是线场和匀强电场的电场强度分别为B和E.板SA.圆形区域内磁场方向垂直纸面向外上有可让粒子通过的狭缝P和记录粒子位置的胶片A1A2.板S下方有磁感应强度为B。的B粒子的比荷为录匀强磁场.（不计带电粒子的重力）下列表述正确的是(C粒子在磁场中运动的总时间为2A.速度选择器中的磁场方向垂直纸面向里B能适过铁缝P的带电粒子的速率答于号D,粒子在电场中运动的总时间为2B4.(多选)如图所示，半径为C.粒子打在胶片上的位置越靠近狭缝P,粒子的L的圆边界内存在垂直比荷(9)越小纸面向外的匀强磁场，mab、cd是圆边界的两个D.粒子所带电荷量相同时，打在胶片上的位置互相垂直的直径，边长为越远离狭缝P,表明其质量越大L的正方形defg内存在2.如图所示，足够长的水虚匀强电场，边长de与直线MN上方有一匀强电径cd共线，电场与磁场场，方向竖直向下（与纸面垂直、与gd行，质量行)下方有一匀强磁场，为m、电荷量为g的粒子XX XBX方向垂直纸面向里.一个带(不计重力)从a点正对XXXXXX电粒子从电场中的A点以水初速度向右运圆心O以初速度v,垂直射入磁场，从d点射出动，第一次穿过MN时的位置记为P点，第二次磁场后立即进人电场，最后恰好从∫点射出电的穿过MN时的位置记为Q点，P、Q两点间的距场，下列说法正确的是离记为d,从P点运动到Q点的时间记为t.不A粒子带正电计粒子的重力，若只适当减小。的大小，则B.电场方向由f指向e(C粒子在磁场与电场中运动时间的比值为A.t变大，d变小B.t不变，d变小C.t变大，d不变D.t变小，d变大D.磁感应强度与电场强度大小的比值为00品人生在世不会总是一帆风顺和美女动人的物理

新高中创新联盟TOP二十名校高一年级9月调研考试·物理参考答案、提示及评分细则1.C“8月25日12时59分”指的是时刻，选项A错误；研究谷神星一号运载火箭的运动轨迹时，可以忽略其大小，能将其视为质点，选项B错误；谷神星一号运载火箭起飞后的前10s内，均加速度大小Q=4?=2/s2,选项C正确；谷神星一号运载火箭起飞后的前10s内做加速运动，速度方向与加速度方向相同，选项D错误.2.D选择不同的参考系来观察同一物体的运动，其结果会有所不同，跳水运动员下落时，运动员看到水面迎面扑来，是选择自己为参考系的缘故，选项A错误；运动员通过一段路程，若回到出发点，位移为零，当运动员做单向直线运动时，位移的大小一定等于路程.选项B错误；加速度与速度没有直接关系，物体的速度越大，其加速度不一定越大，如速度很大的匀速运动，加速度为零；物体的速度减小，加速度可能不变，如匀减速运动.加速度可能减小，也可能增大，选项C错误；跳高运动员起跳瞬间，速度为零，加速度不为零，选项D正确.3.B集装箱在t2时刻速度方向没有发生变化，仍为正方向，选项A错误；集装箱从0~3内，一直竖直向上运动，集装箱在t3时刻的高度大于在t2时刻的高度，选项B正确；根据v-t图像的切线斜率表示加速度，可知集装箱在t1时刻与t3时刻的加速度方向相反，选项C错误；集装箱在t2时刻加速度小于t1时刻加速度，选项D错误.4.D在x-t图像中，斜率代表速度，则自行车的速度为v=A=10m/s,选项A错误；在0~7s内，两车的△t初、末位置相同，由题图可知，两车间的距离先增大后减小，最后为0，选项B错误；在x-t图像中，由于图线可能不是抛物线，不一定做匀加速运动，选项C错误；在07s内，两车的位移相同，故均速度相同，选项D正确，5.A根据自由落体运动的位移公式=号g2,解得=0.7s,硬币到达地面的速度大小0=g=10X0.7m/s=7/s:硬币在最后0.1秒内的位移大小x=号g-之g4-0.12=0.65m,选项A正确，6BA小球能到达的最高处A-,设经历1时间两球在空中相遇，根据位移公式可得（一之）十【高一年级9月调研考试·物理参考答案第1页（共4页）】241043D

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)指出图示玉米花云团的空间分布特点，并简析成因。(8分)、)玉采花云闭往往日变化较明显，试解释其原因。(4分)心推测巴西亚马孙热带雨林地区玉米花云团多发季节，并说明由。(G分)阅读图文材料，完成下列要求。(19分)巴叁新坦位于南亚次大陆西北部，南濒阿拉伯海，北枕喀喇昆仑山和喜马拉推山，经济以术业为主。近年来受水资源短缺影响，巴基斯坦经济发展缓慢。下国乐意巴基斯坦地埋位置及地形分布。200等高线(m)了一河流⊙首都斯堡35一国界线-一地区界1000动高60020030°10000000塔尔沙漠2庵儿卡拉奇米6670°窗(口)指出巴基斯坦地形地势特点，并说明其对水资源短缺的加喇作用。(？分)(2)巴基斯坦印度河流域缺水格外严重，试分析原因。(G分)(3)请你为提高巴基斯坦水资源安全提出合理化建议。(6分)高三第二孜数学质量检测卷·地理第目页（共6四）肯十联考合肥一中最常一量3的就然情

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解得”一9.(2分)(2)∠OM0=37°，sin∠0M0>1(1分)17光在弧面发生全反射依据对称性，光在介质中传播的总路程s=2O1M(1分)在△OMO1中，O1Mcos∠OMO1=0.5R(1分)0=C(2分)nwt=s(1分)解得t=1.2×10-8s。(2分)。高二物理·参考答案第2页（共2页）JL03B-24

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对A：T-mgsin37°=ma②14解得：a=mg15（2）设B到达底端时速度大小为vo，B、C间的摩擦因数为μ，B在C上减速时加速度大L小a、C加速大小a，B、C共速为v，该过程位移为sT由v²=2as④（so直接用也得分）sin 53°对B：μ（2m）g=2ma对C：μ（2m）g-F=ma设共速的速度为V则：V=vo-at=a解得：n12（3）B刚进入区域时，假设BC以大小为ao的加速度共同减速对BC整体，由牛顿第二定律：mg=3ma2得a此时B对C的摩擦力大小为fBc=ma<μ（2m）g，假设成立，BC共同减速。若当B进入的位移为kL时，BC刚好静止，则有：V=2akL，解得：k讨论：当k>=时，B将返回从MN边界离开，故v,=8(5-8k)>>0时，=2akL，即gL824评分标准：①~16每个式子1分

12解析：(1)电表是为了测量螺线管B中的感应电流的，所以V连才能构成一个闭合回路；线因A与电池组、滑动变阻器构成一个闭合回路，但是要想改变电路中的电流，M必须连c。(2)将线圈A中的铁芯向上拔出时，穿过螺线管B的磁通量减小，灵敏电流计的指针向右偏转。滑动变阻器的滑片P匀速向左滑动时，线图A中的电流增大，穿过螺线管B的磁通量增大，故灵敏电流计的指针向左偏转，A项错误；滑动变阻器的滑片P,向右加速滑动时，线圈A中的电流减小，穿过螺线管B的磁通量减小，故灵敏电流计的指针向右偏转，B项正确；闭合开关瞬间，穿过螺线管B的磁通量增大，灵敏电流计的指针向左偏转，C项错误。(3)第一次电流计指针的偏转角度比第二次的大，原因是第一次螺线管中的磁通量变化率比第二次的大。答案：(1)a(2分)c(2分)(2)B(3分)(3)磁通量的变化率(2分)13解：(1)根据题意，可得E=BL(1分)总电阻R-3r1会)E_B(1分)千骆电流I=长=3rR>新以流进R的电流R牛R=分9rR腕过R的电流尼干尺/L(2分)9r●(2)导体棒受到的安培力▣大小F=BL=F(2分)3r所以导体棒克服安培力微功的解时功率P-FL-。(2分)3r14解：(1)电子加速至D形盒的最外层时，根据牛顿第二定律，有w…2B贤(2分)解得进入圆形磁场的电子获得的速度大小U=B那m。(2分)(2)电于在D形金中运动的周期T=。B一昭2分)电子被加造的次数n=2片-2B(1分)XB X根据动能定理，有×010.5R2.5R×20eU=2md(2分)r解得加速器的加速电压U=BR。(1分)(3)设电子在国形磁场区城微国周运动的半径为，电子离开同形磁场时，其0速度方向的反向延长线通过圆心O,与水线的夹角设为20，如图乙所示由此可得，武2分)由洛伦兹力提供向心力，有eB=ma分)联立解得an0=子(1分)设电子打到荧光屏上的位置到O2点的距离为L,则有L=(0.5R+2.5R)tan20(1分)解得L=1.6R。(1分)15

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