C、D两点关于x=2.5m对称，此时波恰好传到衡位置在x=3m处的质点，振源位于x=0处，H从t=0时开始振动，下列说法正确的是（)y/cm5DB0多x/mA.t=3s时，C、D两质点的振动速率相同B.质点A比质点B早振动0.5sC.t=3s时，质点C沿y轴正方向振动，质点D沿y轴负方向振动D.t=3s时，A点的位移为-5cm,B点、C点和D点的位移为零11.如图所示，细线的一端固定在O点，另一端系着质量为m的小球A,O点到光滑水面的距离为h,未知质量的物块B和质量为2m的物块C用轻弹簧拴接，静置于光滑的水面上，且物块B位于O点的正下方。现拉动小球A使细线水伸直后由静止释放，小球A运动到最低点时与物块B发生弹性正碰(碰撞时间极短)，小球与物块均视为质点，不计空气阻力，.重力加速度为g,则()ABnnnnnnnnnA.若物块B的质量为m,碰撞后小球A的速度大小为0R、若物块B的质量为，碰撞后物块B的速度大小为2V2gC.若物块B的质量为3m,碰撞后轻弹簧获得的最大弹性势能为二mgh·若物块B的质量为3m,碰撞后物块C的最大速度大小为2®第Ⅱ卷（非选择题共56分）二、实验探究题（本大题共2小题，共16分)12.Tracker软件是一种)¨泛使用的视频分析软件.某学生利用Tracker软件对一维对心正碰（碰撞内力远大于外力)的实验视频进行分析，视频中m,=18g的小球碰撞原来静止的m2的小球，由视频分析可得它们在碰撞前后的xt图像如图所示。

9.12【解析】本题考查欧姆定律和焦耳定律的应用。灯和2串联，闭合开关S后，发现灯泡4不发光，灯泡P题0.6W泡L的额定电流【一3V=0.2A,通过定值电L2发光，电流表有示数，说明电路为通路；电压表测灯泡L2两端电压，其示数等于电源电压，说明灯泡L。两阻R的电流IR=I-I=0.6A一0.2A=0.4A,定值端的电压等于电源电压，则电路中出现的故障为灯泡0.4A=7.50,通电10s定值电阻R产《电阻R==3VL短路，B项正确。【规律总结】串联电路故障分析生的热量Q=Rt=(0.4A)2X7.52X10s元12J.10.如图所示电流表有无示数有无局部短路断路电压表电压表示数为电源电压电压表电压表示数示数为0S示数为0为电源电压电压表两接电压表两接电压表两接【解析】本题考查凸透镜的特殊光线作图。连接光源S电压表两按线柱之外线柱之间线柱之间线柱之外和像S',SS与CC'的交点为凸透镜的光心O,过S作AA行于主光轴的人射光线，其折射光线过S,且与主光轴外短内短内断卜断CC交于F,F为凸透镜的焦点。11.C【解析】本题考查大气压强、家庭电路、流体压强与流15.B>【解析】本题考查机械能的转化和守恒。由题图可速的关系和电磁感应。一个标准大气压能支持760mm知，0~t内蹦床的弹力为0，说明运动员处于尚未接触高的水银柱，能支持大约10m高的水柱，A项错误；正蹦床的下落过程中；~2内蹦床的弹力逐渐增大，说确使用测电笔接触火线时，测电笔的氖管发光，说明有明运动员与蹦床接触且向下运动；2~内蹦床的弹力电流经过人体形成回路，只不过电流太小不会危及人身逐渐减小，说明运动员被蹦床弹起而向上运动（但没有安全，B项错误；脚踢球时球沿弧线飞行，是因为球发生、△离开蹦床)；因此0内运动员的重力势能转化为动旋转时带动空气的流动，使球的不同侧面空气流速不能，A项错误；~2内蹦床的弹性势能逐渐增大，运动同，根据空气流速大、压强小可知，球会沿弧线飞行，C员的质量不变，高度减小，运动员的重力势能逐渐减项正确；闭合电路的部分导体在磁场中做切割磁感线运小，B项正确，C项错误；2时刻，蹦床的弹力最大且大动时，电路中才会产生感应电流，D项错误。于重力，运动员将向上做加速运动，蹦床的形变程度减12.D【解析】本题考查相互作用力和衡力的相关知识。小，其弹力减小，当弹力减小到与重力相等时速度最弹簧测力计A对B的拉力和弹簧测力计B对A的拉大；继续向上运动，蹦床的弹力继续减小，弹力小于重力是一对相互作用力，两者大小相等，故弹簧测力计A力，运动员向上做减速运动，到t时刻弹力为0，则此时的示数等于B的示数，A、C项错误；使弹簧测力计B内的速度不是最大的，所以2~t内，运动员的速度先增弹簧伸长的力是弹簧测力计A对B的拉力，B项错误；大后减小，其动能先增大后减小，D项错误。弹簧测力计B对A的拉力和手的拉力F都作用在弹簧16.C【解析】本题考查动态电路的分析。由题图可知，定测力计A上，且使弹簧测力计A处于静止状态，是一对值电阻R1与滑动变阻器R2串联。电源电压不变，电衡力，D项正确。压表V测定值电阻R1两端的电压，电压表V2测滑动13.A【解析】本题考查st图像的分析和相关计算。由题变阻器R2左边部分两端的电压，滑动变阻器R2的滑图可知，前30s甲物体的运动速度啤t甲片P向左移动的过程中，电路中的总电阻不变，电路中的电流不变，定值电阻R两端的电压不变，与电压表400m一100m=10m/5,A项正确；乙物体通过的路程30sV2并联部分的电阻变小，所以电流表A示数不变，电为150m,全程的均速度2=丝-150m=3.75ms,压表V示数不变，电压表V2示数变小；电压表V1示tz.40 s数的变化量小于电压表V2示数的变化量；由P=UI可B项错误；第30s时，甲物体通过的路程为300m,乙物知，电路中消耗的总功率不变。综上所述，C项正确。沙体通过的路程为100m,C项错误；甲、乙两物体相遇17.D【解析】本题考查磁场对电流的作用。题图甲丙中(即两条图线相交)，此时t=30s,甲物体通过的路程为导线ab电流方向、磁场方向均相同，所以导线ab所受400m-100m=300m,D项错误。X磁场力方向相同，A项错误；题图甲、丙中虽然导线所14.B【解析】本题考查电路故障的判断。题图中灯泡L受的磁场力方向相同，但线圈转动方向相反，B项错误；ZR物理答案第5页（共24页）侵权必究侵权侵权必究侵权必侵村必究

设A第一次沿斜面向上速度减小为零时弹簧的压缩量为x?x3=A2-x0=0.5m设B第二次沿斜面向上的振幅为A3,速度减小为零时弹簧的伸长量为x4A3=x3-x0=0.4mx4=A3-x0=0.3m从B第一次沿斜面减速到零到B第二次减速到零，B沿斜面向上运动了0.8m…1分设A第二次沿斜面向上的振幅为A4,速度减小为零时弹簧的压缩量为xsA4=x4-x0=0.25mx5=A4-x0=0.2m设B第三次沿斜面向上的振幅为A5,速度减小为零时弹簧的伸长量为x6A5=x5-x0=0.1mx6=A5-x0=0此时A、B均停止运动，从B第二次沿斜面减速到零到B第三次减速到零，B沿斜面向上运动了0.2m.1分B沿斜面向上运动的总路程为1.6m所以最终BC间的距离为xgc=L一xg=0.2m1分

9.宇航员的训练、竞技体育的指a/m812.(13分)中国跳水“梦之队”在东导、汽车的设计等多种工作都京奥运会上荣获7金5银12枚会用到急动度的概念，急动度奖牌创造了参加奥运会的历史最是加速度变化量△a与发生这佳战绩。如图所示，14岁的奥运一变化所用时间△：的比值，即冠军全红婵在决赛中从10米高台跳下，完成精彩的翻转动作后，j=品它的方向与物体加速交投下落，依次经过A、B度变化量的方向相同.一物体堡装配没笑水中，假设地在AD受爱到惠力和从静止开始做直线运动，其加速度a随时间t的变化用货途直线运动经过A品C和D段所关系如图，则该物体在的时阁2t男23正段和BC段的高度分A.t=0.5s时急动度是1m/s为h,和2，求CD段的高度，易B.t=2s时和t=4s时急动度等大反向C.3s~5s内做加速运动摩D.0~5s内速度方向不变10.如图甲所示，某小物块在一长木板上运动时，其运动的”一：图线如图乙所示，已知小物块总在长木板上.则下列说法正确的是Ao/m.s小物块图甲1.524.0s、小物块木板木板图乙A.长木板的长度至少为12m13.(15分)足球运动员进行训练时，运动员将一静止的B.长木板的长度至少为6m足球踢向正前方32m处的一堵墙，足球以4=10C.小物块在0~4.0s内的均速度大小是0.25m/sm/s水初速度沿地面匀减速滑行，加速度大小为aD.在0~4.0s内长木板和小物块的均加速度相同=1m/s,足球撞到墙后反向弹回做匀减速运动，弹答题卡回瞬间速度大小是碰撞前瞬间速度大小的，运动员题号123568910将足球踢出后立即由静止开始以a2=2m/s2的加速答案度追赶足球，他能达到的最大速度2=8m/s,求：二、计算题（本题共3小题，共40分.请写出必要的文字(1)足球反弹的速度大小；说明、方程式和重要的解题步骤，有数值的请标明单位，(2)运动员至少经过多长时间才能追上足球（保留两只有结果不给分.)位有效数字).11.(12分)一年来，交通运输部发出通知部署ETC推广安装.如图是小车分别经过收费站的人工通道和ETC通道的v-t图，图中o、△t和o1为已知量，己知小车加速、减速时加速度大小均为α，小车通过两种通道时从开始减速到恢复到原速度所行驶的距离一样，试求：人工通道ETC通道(1)走人工通道从开始减速到恢复到原速度的过程中的均速度大小；(2)走ET℃通道从开始减速到恢复到原速度的过程中的均速度大小，《高三·专题·物理（J)·纠错卷一》第2页

知该粒子在电场中运动的最短时间t=4,且=aE,设粒子在电磁场中运动时间为t,打到N板时沿m2,ma=Eq,T=2m,联立可得匀强电场最大场强大x轴方向的位移为x1,由抛运动规律有d=ot,x,=小为E=4gB,)a2,联立解得x,=2m,则粒子打到板上的坐标,D正确。Tm为(2m,2m,0),而粒子在行z0x面上不做类6.C抛运动，则在x板坐标错误，位置为N板面的第一7.(1)2m5aL(21(0,22LL(3m象限，C正确，D错误。4qL【解析】(1)带电粒子在y0z面左侧磁场中做圆周运动，由几何关系有R=(2L)2+(R-L)2①由洛伦兹力提供向心力有gpB,=mR②联立02颜得月受3模型专练19电磁仪器模型(2)在右侧磁场中由洛伦兹力提供向心力有qB2=1.Cm④.联立③④解得r=4⑤2.C3.AC粒子经过y0z面的y轴坐标为y=2rsin45°=2⑥】4.(1)Bc(2)+dh3Bcbe2B粒子经过0面的：辅坐标为：=-245=兰⑦【解析】(1)设河水流速为v,则当电压表读数为U,粒子第二次经过化面的坐标为0，子，宁》即M,N间电压为U时，有98=名D(3)粒子在电场中做类抛运动，x轴方向上廊得密。有2L=t⑧1qE⑨(2)河道横截面积S=2h③y轴方向上有L-y=2 m均流速=2联立⑥⑧⑨解得E=42mv④，河道的流量Q=S⑤联立②3④6解得Q=+hUO模型专练18叠加场模型3Bc(3)设左右两侧管口压强差为△p,河水在管道内匀1.BC速流动，由衡关系得△pbc=kar⑦2.BCkal3.C由题图可知，电磁场中存在指向x轴正方向的联立②⑦解得△p=e2B磁场，磁场方向与粒子速度方向垂直，根据左手定B'g'RB'gR2则可知粒子进入电磁场区域后，在行yOz面的面5.(1)a.b.2m2Um(2)mqB-L上做匀速圆周运动，运动轨迹如图所示，由速度的分解可知粒子在电磁场区域中运动时速度在z轴方向上的分量改变，A错误；粒子在x轴方向受电场综合检测力，故粒子在沿x轴正方向做加速运动，电场力做正1.BC功，电势能减小，B错误；设粒子在行yOz面的2.AD面上做圆周运动的半径为r,打到N板时竖直方向3.ACD上的位移为y,两板间距为d,由几何关系有y,=T4.11)(2)2BBd√P-正，由洛伦兹力提供向心力有qB=m一，联立mgh8nklloro5.(1)(2解得y,=2m;若粒子在行zOx面的面上做类抛A 2n'ktr运动，由牛顿第二定律可得粒子的加速度大小为a=【解析】(1)由题干信息可知上面线圈处的磁感应强72腾远高考交流QQ群730500642

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案专页8月第5-8期(R+h),解得M=4m'(R+h)月GTM(2)根据=V,解得_3m(R+h)GTR16解：(1)设小球做匀速圆周运动的半径为，速率为m,经过最高点时杆对小球产生向下的拉力为F,则根据圆周运动规律和牛顿第二定律可得F,+mg=设小球经过最低点时杆对小球产生的拉力为F,同理可得F-mgm,且有R,-f=F,联立解得gF(2)设火星的质量为1，则由万有引力定律可得GM-=mg当“凤凰”号贴近火星表面上运动时有GMmmR联立解得，=FRV 2m根据题意可知“凤凰”号返回地球时，离开火星时的速度必须满足第二宇宙速度，即“凤凰”号离开火星时速度为，=√2，=R17.解：(1)设地球的质量为M,卫星的质量为m,卫星在A点Mm的加速度为a,则由牛顿第二定律有G(R+h,)=ma①物体在地球赤道表面上受到的万有引力等于重力，有。-=mg②R质量为m,的仪器所受的力的大小为F=m,a③联立①②③式解得rmgR(R+h,)2(2)设远地点B距离地面的高度为h,卫星所受的万有引力Mm4mm(R+h2)】提供向心力，则有G④R+h,)23联立②④式解得h,=欧T-R4π18.解：(1)质量为m的货物绕0点做匀速圆周运动，半径为2L,根据牛顿第二定律可知F=mw·2L=2mwL(2)货物从静止开始以加速度做匀加速直线运动，根据运2W,解得12L动学公式可知L=t2L货物到达B,点时的速度大小为w=t=货物在机械臂的作用下在水方向上做匀加速直线运动机械臂对货物的作用力即为货物所受合力ma,所以经过时间，货物运动到B,点时机械臂对其做功的瞬时功率为2L2L 4mLP=maw=m·2t(3)空间站和货物同轴转动，角速度ω，相同。对于质量为m,Mmo的空间站，质量为M的地球对它提供向心力G=mow,解得GM=®，。货物在机械臂的作用力F和万有引力F,的作用下做匀速圆周运动，则F,-F=mw(r-d),货物受到的万有引力F,=GMms mo(r-d)2(r-d)2mor解得机械臂对货物的作用力大小为F,=-m@j(r-d)=(r-d)32r-(r-d)3F r-(r-d)(r-d)则，

由抛运动规律x=vo(1分)速度在竖直方向分量vy=v2sinay=古(1分)水方向位移之h=2cos&·t(1分)解得，=V3gh(1分)2小球在空中飞行时间t=(1分)(2)设B球下落高度h1所用时间为t,U2cOS a有k,=2s(1分)竖直方向位移h12=v2sina·t-28t9(1分)3gh此时设A球竖直上升高度h,=w1t一28t2(1分)代入飞行时间得4号=cos 30'sin 2sin 3cs 21因h=h,十九2，解得1=九(1分)01(1分)由于A球上升到最大高度的时间'=，由此可3gh进一步整理v2=(2分)g21sin(2a-30)-2知”≥t时，A球在上升过程中可与B球相遇，解当2a-30°=90时v2最小，因为a<90°，所以a=得1≥√gh(o1>√gh也得分)(1分)60°(1分)(3)设抛出时小球的速度为2，方向与水方向夹1此时u,=2√6gh(1分)角为a,则速度在水方向分量v=v2c0s·物理答案（第4页，共4页）·

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