甲状腺激素分泌一样的分级和反馈调节，D项正确。7.C【解析】本题考查激素的特点及合成的相关知识。脂瘦素的肽链合成是在核糖体上完成的，无须内质网和高尔基体参与，A项错误；脂瘦素是一种蛋白质类激素，不能参与细胞构成，不能提供能量但能发挥调节作用，B项错误；脂瘦素是一种激素，通过体液运输到全身各处与靶细胞特异性结合，C项正确；脂瘦素可消耗多余的脂肪（促进脂肪的分解），而胰岛素能促进脂肪的合成，二者在脂肪代谢中存在相抗衡作用，D项错误。8.D【解析】本题考查血糖调节的相关知识。肾上腺素能促进肝糖原的分解和非糖物质的转化，进而使血糖上升，不能促进组织细胞对葡萄糖的氧化分解，A项错误；下丘脑能够通过传出神经直接控制胰岛素和胰高血糖素的分泌，不能通过分级调节控制，B项错误；胰岛素与脂肪细胞膜上的受体结合后会促进葡萄糖转化为甘油三酯，C项错误；肝糖原的合成与分解过程在肝脏内完成，而肾上腺素、胰高血糖素通过促进肝糖原分解来实现对血糖升高的调节，因此肝脏细胞的细胞膜上有肾上腺素、胰高血糖素的受体，胰岛素能促进肝糖原的合成，因此肝脏也是胰岛素的靶器官，D项正确。9.B【解析】本题考查内环境的稳态的相关内容。血浆中的HCO3为缓冲物质，可与细胞呼吸产生的乳酸发生反应，以维持血浆pH的稳定，A项正确；跳绳过程中大量出汗造成细胞外液渗透压升高，抗利尿激素分泌增加，B项错误；跳绳后人体大量出汗导致渗透压感受器受刺激，兴奋传到大脑皮层产生渴觉，C项正确；缺水时渗透压感受器受到刺激，将兴奋传到大脑皮层产生渴觉，由于反射弧结构不完整，不能称为反射，D项正确。10.C【解析】本题考查体温调节的相关内容。人进入寒冷环境后会不自觉发生颤抖，该过程不需要大脑皮层参与，属于非条件反射，A项错误；人从高温环境进人低温寒冷环境，寒冷环境中由于散热增加，机体通过调节导致产热量增加，从而维持体温的稳定，产热与散热总量相等，B项错误；寒冷时，冷觉感受器产生兴奋，兴奋以电信号的形式沿神经纤维传到下丘脑，C项正确；冷觉在大脑皮层形成，不是在体温调节中枢形成，甲状腺激素分泌会增加，D项错误。11.D【解析】本题考查免疫活性物质的相关知识。免疫活性物质溶菌酶参与的免疫反应属于第二道防线，A项错误；免疫活性物质是由免疫细胞或其他细胞产生的发挥免疫作用的物质，流感病毒灭活疫苗不是免疫活性物质，B项错误，D项正确；细胞免疫过程有细胞因子的参与，细胞因子属于免疫活性物质，C项错误。12.B·74·【23·G3DY(新教材老高考)·生物学·参考答案一R一必考一N】

位于北半球，A错误，做感应强度为矢量，故由表格可看出此处的磁感应强度大敢为B=√B,十B=√®，十B矿，年，解得Q=B,只哥要测量碰感应强度B、直径d及计算得B则50T,B正确：由选项A可知测量地在北半MN两点间电压U,就能够推算污水的流量，而要测量出球，而北半球地磁扬指向北方斜向下，则第2次测量，测废液的流速，除需要测量磁感应强度B及MN两点电压量B,<0,故y轴指向南方，第3次测量B>0,故x轴U外，还需要测量出圆柱形容器的直径d,故A正确，B指向北方而y轴则指向西方，C正确.D错误U结误：电磁流量计可利用。一显的表达式来测出污水的2,BC解析：若粒子通过下部分磁场直接到达P点，如图流速，但是不能通过改变磁感应强度B来改变污水的流(a》,根据几何关系则有R=L,根据gB=mR,可得速，放C错误：由Q-B,可知U-4B对，可知MN两点口-BL-BL,根据对称性可知出射速度与SP成30角间电压与磁感应强度B、流量Q、直径d有关，而与离子向上，故出射方向与入射方向的夹角为8一0°.当粒子上的浓度无关，故D错误下均经历一次时，如图(b),因为上下藏感应强度均为B,4.B解析：设回旋加速器D形盒的率径为R,质子获得的则根据对称性有尺=L,根据洛伦截力提供向心力有最大速度为，根据牛顿第二定律有B=m瓷解霜8m发可得-兴-子BL,此时出射方向与人-,质子的最大动能为E一方m-,由2m射方向相同，即出射方向与人射方向的夹角为8=0°.通上式可知E。与交流电压U无关，只增大交流电压U,质过以上分析可知当粒子从下部分磁场射出时，需满足子获得的最大动能不变，故A错误：质子每个运动周期内gBL被加速两次，交流电源每个周期方向改变两次，所以交流02n-1)m2m—BL(n-1,2,3,…),此时出射方电源的周期等于质子的运动周期，即T-0,所向与人射方向的夹角为9=60°：当粒子从上部分磁场射Be出时，需演足==2BL(a=1,2,3,…,此时出射2nm以了一宁一品由上式可知若随路应强度B措大交流方向与人射方向的夹角为8=0.故可知B.C正确，A.D电颗率∫必须适当增大才能正常工作，且由于粒子和错误。质子的比荷不同，所以不改变磁感应强度B和交流电颍率f,该回旋加速晷不能用于加速ā粒子，故C、D错误，设质子在回旋加速器中加速的次数为舞，根据动能定理有一B解得a一器，质子在同旋加造器中运行时间为一刀·2一可，由上式可知若只增大交流电压U,则质子在国旋加速器中运行时间会变短，故B正确。5.D解析：对整体受力分析，重力大小和方向不变，绳1、2图(a)图(b)弹力方向不变，根据左手定则，安培力水向右逐新增题型加低大，有衡条件得，水方向F1■F,os60°+Bl,经直1B解析：根据左手定则，半圆环所受的安培力向上，根屈方向Fsn60°一g,电流逐渐变大，则F,增大，F2不变，故AB错误；当电流增大到I,时，安培力与重力的合衡条件得2F+Br=g,解得F=三(mg一B引r),高力最大，即绳3的拉力最大s血30-，最大值为F,选B【易错提醒】本题中丰圆环直径部分和圆弧部分都受到向2g放C错误：对号体棒受力分析得m30=器·解上的安培力，但并不是2B:,从b线流曲的电流一邦分向左经过直导线回到a,一部分向右经过下部分的氟形3mE,故D正确，得1。=B导线回a,这两部分的等效长度都为？，两部分的总电流为I,所以安将力为BI【破题点】本题的硫题，点为安培力的方向水向右，始终2.D解析：作出从a,b、c,d四点射出磁场对应的粒子运不变，则根据整体法可得F:不变，动轨迹图，假设轨迹圆孤对应的圆心角分别为8。、8。，0、6,D解析：导线移动前，根据几何关系和行四边形法则，导线a、b在O处产生的磁感应强度的合磁感应强度,由轨造图可知8-8，>8>，由1一是×留可知大小为B。=3kI,方向行于MN指向右侧，圆心O4a=4>>t,故A.B,C情误，D正确.3A解析：废液流速稳定后，粒子受力衡，有B=处的磁感应强度大小为零，所以匀强磁场的磁感应强度号解得废流的流速。-品度液流量Q=,SU大小为B一B-丛，方向行于MN指向左侧，与物理参考答案/12

位于北半球，A错误，做感应强度为矢量，故由表格可看出此处的磁感应强度大敢为B=√B,十B=√®，十B矿，年，解得Q=B,只哥要测量碰感应强度B、直径d及计算得B则50T,B正确：由选项A可知测量地在北半MN两点间电压U,就能够推算污水的流量，而要测量出球，而北半球地磁扬指向北方斜向下，则第2次测量，测废液的流速，除需要测量磁感应强度B及MN两点电压量B,<0,故y轴指向南方，第3次测量B>0,故x轴U外，还需要测量出圆柱形容器的直径d,故A正确，B指向北方而y轴则指向西方，C正确.D错误U结误：电磁流量计可利用。一显的表达式来测出污水的2,BC解析：若粒子通过下部分磁场直接到达P点，如图流速，但是不能通过改变磁感应强度B来改变污水的流(a》,根据几何关系则有R=L,根据gB=mR,可得速，放C错误：由Q-B,可知U-4B对，可知MN两点口-BL-BL,根据对称性可知出射速度与SP成30角间电压与磁感应强度B、流量Q、直径d有关，而与离子向上，故出射方向与入射方向的夹角为8一0°.当粒子上的浓度无关，故D错误下均经历一次时，如图(b),因为上下藏感应强度均为B,4.B解析：设回旋加速器D形盒的率径为R,质子获得的则根据对称性有尺=L,根据洛伦截力提供向心力有最大速度为，根据牛顿第二定律有B=m瓷解霜8m发可得-兴-子BL,此时出射方向与人-,质子的最大动能为E一方m-,由2m射方向相同，即出射方向与人射方向的夹角为8=0°.通上式可知E。与交流电压U无关，只增大交流电压U,质过以上分析可知当粒子从下部分磁场射出时，需满足子获得的最大动能不变，故A错误：质子每个运动周期内gBL被加速两次，交流电源每个周期方向改变两次，所以交流02n-1)m2m—BL(n-1,2,3,…),此时出射方电源的周期等于质子的运动周期，即T-0,所向与人射方向的夹角为9=60°：当粒子从上部分磁场射Be出时，需演足==2BL(a=1,2,3,…,此时出射2nm以了一宁一品由上式可知若随路应强度B措大交流方向与人射方向的夹角为8=0.故可知B.C正确，A.D电颗率∫必须适当增大才能正常工作，且由于粒子和错误。质子的比荷不同，所以不改变磁感应强度B和交流电颍率f,该回旋加速晷不能用于加速ā粒子，故C、D错误，设质子在回旋加速器中加速的次数为舞，根据动能定理有一B解得a一器，质子在同旋加造器中运行时间为一刀·2一可，由上式可知若只增大交流电压U,则质子在国旋加速器中运行时间会变短，故B正确。5.D解析：对整体受力分析，重力大小和方向不变，绳1、2图(a)图(b)弹力方向不变，根据左手定则，安培力水向右逐新增题型加低大，有衡条件得，水方向F1■F,os60°+Bl,经直1B解析：根据左手定则，半圆环所受的安培力向上，根屈方向Fsn60°一g,电流逐渐变大，则F,增大，F2不变，故AB错误；当电流增大到I,时，安培力与重力的合衡条件得2F+Br=g,解得F=三(mg一B引r),高力最大，即绳3的拉力最大s血30-，最大值为F,选B【易错提醒】本题中丰圆环直径部分和圆弧部分都受到向2g放C错误：对号体棒受力分析得m30=器·解上的安培力，但并不是2B:,从b线流曲的电流一邦分向左经过直导线回到a,一部分向右经过下部分的氟形3mE,故D正确，得1。=B导线回a,这两部分的等效长度都为？，两部分的总电流为I,所以安将力为BI【破题点】本题的硫题，点为安培力的方向水向右，始终2.D解析：作出从a,b、c,d四点射出磁场对应的粒子运不变，则根据整体法可得F:不变，动轨迹图，假设轨迹圆孤对应的圆心角分别为8。、8。，0、6,D解析：导线移动前，根据几何关系和行四边形法则，导线a、b在O处产生的磁感应强度的合磁感应强度,由轨造图可知8-8，>8>，由1一是×留可知大小为B。=3kI,方向行于MN指向右侧，圆心O4a=4>>t,故A.B,C情误，D正确.3A解析：废液流速稳定后，粒子受力衡，有B=处的磁感应强度大小为零，所以匀强磁场的磁感应强度号解得废流的流速。-品度液流量Q=,SU大小为B一B-丛，方向行于MN指向左侧，与物理参考答案/12

ABD错误。3.C【解析】根据G=mg,可知播多拉星球表面的重力加速度是地球表面重力加速度的n倍，A错误；在星球表面，忽略星球自转，有网g=6,可得g,可得潘多拉是球的质量是地球质量的n倍，B结误，又M结合B选项可知潘多拉是球的隆度是地球府度的”信，C正确：根据6一m员可得。020·GM,可知若在潘多拉星球上发射卫星，最小发射速度是地球第一字宙速度的，√万倍，D错误。N4.B【解析】设AO、BO与竖直方向的夹角为a,首先对两个球整体分析，受F1,F2、重力及AO拉力，如图所示FAOF2年F3mg根据衡条件得F,=F2十FAo sina,F Ao cosa=3mg再隔离球B分析，如图所示Y2mg根据衡条件得F2=2 ng tana,联立解得F,=5 mng tana,则F!:F,=5:2.B正确、ACD错误。5.A【解析】据题意，当m向右运动过程中，由于摩擦力作用，m做减速运动，M做加速运动，压缩弹簧过程也是由于弹力作用，继续类似运动，知道两者速度相等时，弹簧压缩到最短，设此时速度为1，据动量守恒定律有m,=(M+m)1,解得1=1m/s,此后m在弹力作用下减速运动，M加速运动，离开弹簧后在摩擦力作用下，m做加速运动而M作减速运动，知道两者速度相等时相等静止，设此时速度为v2,据动量守恒定律有mvo1=(0M十m)2,解得2=1m/s,则m从左端运动到把弹簧压缩到最短过程中有据能量守恒定律有E,=之mi-Q-号（M十m)听，m从左端运动到再次回到左端过程中据能量守恒定律有)m-2Q十(M十m),联立解得E。=1.5J.A正确、BCD错误。6D【解析]由图可得液长入=6m则波的周期为T=合-1s,因为1：4，=}9子，根据波形移法可知该波沿x负方向传播，A错误；根据同侧法可知图中P质点在t2时刻运动方向沿y轴正方向，B正确；简谐横波沿轴传播的过程中，介质中质点不向前移动，只在各自的衡位置附近振动，运动方向应与x轴垂直，不可能向左，C错误；时间t=2s=2T,根据质点做简谐运动时在一个周期内通过的路程是四个振幅，可得质点P在2s内通过的路程为s=8A=8X0.1m=0.8m,D正确。7,BC【解析】物体受摩擦力，所以机械能和电势能之和减小，A错误；设物体质量为，电场力为F。,受到的摩擦力为f,根据牛顿第二定律有mg sin0+f一F电=ma,代入数据可得F电一f=2m,所以F电>f,mg sin9十f>F。,做功公式W=Fx,故电场力与摩擦力做功的关系有F电x>fx,摩擦力和重力做的功与电场力做的功的关系有(mgsi0+f)x>F电x,电势能的减少量等于电场力做的功，B、C正确；物体受到的外力中，电场力大于摩擦力，整体做正功，所以整体机械能增加，D错误。8,BCD【解析】稳定时磁通量不变，需要b的速度)"是a的速度)'的两倍。”=2v,对a、b棒分别列动量定理1201=2n0一2m0Bd=mm一0，解得，三了o,0二，A错误；由动量定理宁物理答案·第8页（共30页）

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1Q.如图1所示为新能源汽车在足够长水路面上以恒定功率P启动的模型假设汽车启动过程中所受阻力℉阻恒定；如图2所示为一足够长的水的光滑行金属导轨，导轨间距为L,左端接有定值电阻R,导轨处在垂直于导

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45.B【解析考查动词。一年后，我被洗人那个着名芭沓舞团的学校。6,D【解析老查名词。上面描述的就是我从幼儿园到十三年级大部分时阿的生活47.D【解析】考查名词。我期望成为一名职业舞者。48A【解析】

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30.（1)免疫器官、免疫细胞、免疫活性物质(2分)(2)抗体(1分)Fc受体(2分)(3)体液(2分)T细胞

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14.【答案】1.500Dkkπd2小于电压表的分流4p【解析】(1)[1]螺旋测微器的精确值为0.01mm,由图乙可知d=1.5

三、非选择题：本题共5小题，共54分。12.(10分)11.(7分)某同学用铜片和锌片分别插在橙子两端，做成了橙子电池，他发现如下现象：如图甲所示，在“验证力的行四边形定则”实验中，某同学将橡皮筋的一端A固定在(1)先后用指针式电压表和数字多用电表（其内阻远大于电压表的内阻）分别测量了水木板上，另一端O系两根细线，每根细线均与一个弹簧测力计（量程为5N)相连，对单个橙子电池两端电压，则(填“指针式电压表”或“数字多用电表”)测弹簧测力计a施加拉力F,对弹簧测力计b施加拉力F:,结点位于O点时，弹簧测力计a量的值更接近于橙子电池电动势的真实值。的示数如图甲所示，然后只用一个弹簧测力计α施加拉力F:使结点仍到O点。(2)现测得单个橙子电池两端的电压约为1V,可是将四个橙子电池串联，却不能让额定电压为3V的小灯泡发光，原因可能是●(3)为了测量这四个橙子电池串联后的电动势和内阻，现将橙子接在如图所示电路中，其中电流表G,(量程为2mA,内阻为15)电流表G2(量程为10mA,内阻约为32)滑动变阻器R,(0一1000)甲(1)由图甲可读得拉力F的大小为N,拉力F的大小为N电阻箱R2(0一9999.9Ω)(2)下列操作必要的是，（填正确答案标号）。实验中用电流表G,与电阻箱R改装成量程为4y的电压表，电阻箱的阻值应调整A,连接弹簧测力计a、b的两根细线长度必须相等为n.B.两根细线与AO方向的夹角必须相等C.同一次实验中，结点O的位置吮许变动D,使用弹簧测力计时要注意使其轴线与木板面行(3)根据已选取的标度，设拉力F1和AO方向成30°角，若不计实验误差，在图乙所示2.0的虚线方格纸上按力的图示要求并根据力的行四边形定则，画出拉力F:、F2、F,的图示，则拉力F的大小为N。Dood(4)闭合开关，调节滑动变阻器，读取电流表G的示数I和对应的电压表示数U,记录了6组数据，描点连线得到如图所示得U~【图线，则四个橙子电池串联后的电动势EV,内阻r=。(结果均保留两位有效数字)

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