青海省格尔木市2024届高三第三次三校联考(24615C)答案(物理)

2024-05-19 18:54:21 9

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第2期心力，所以洛伦兹力的方向垂直于磁感线向上：2版随堂练根据左手定则可得带电小球逆时针转动（由上向S1.2磁场对运动电荷的作用力下看)，则其受洛伦兹力斜向上，与重力的合力可一、选择题以指向圆心，故A正确，B错误；Q带正电，则带1.ACmg电小球在图示位置各点受到的电场力指向Q,则提示由左手定则可以判断，向左偏的粒子α电场力与重力的合力充当向心力，与带电小球转3版同步检测动方向无关，故C、D错误。故本题选A。应带正电，向右偏的粒子c带负电，不偏转的粒子b不带电。故本题AC正确。A卷二、计算题2.A一、选择题8.(1)带7正电(2)mgCc08(3)mgc0sa2g2B2sina提示本题考查了左手定则的直接应用，根1.D提示(1)小球沿斜面下滑，要对斜面的压力据左手定则即可正确判断磁场、运动方向、洛伦提示根据左手定则可知，A、B选项中粒子为0，其受到的洛伦兹力应垂直于斜面向上且与兹力三者之间的关系，特别注意的是四指指向和所受洛伦兹力方向竖直向上，C选项中粒子所受重力的分力衡，根据左手定则，四指应与小球正电荷运动方向相同和负电荷运动方向相反。根洛伦兹力方向垂直纸面向里，D选项中粒子所受的运动方向一致，所以小球带正电；据左手定则可知，A图中洛伦兹力方向应该向洛伦兹力方向垂直纸面向外，故选D。(2)当小球对斜面的压力恰好为0时，有下，故A正确：B图中洛伦兹力方向向上，故B错2.c误；C图中洛伦兹力方向向里，故C错误；D图中提示根据题意，由安培定则可知，b与d导mgcosa=-gB,得小球此时的速度=mgcoso；.9B洛伦兹力方向向外，故D错误。故本题选A。线中电流在圆心O处产生的磁场正好相互抵消，(3)由于只有重力做功，系统的机械能守恒3.c而a与c导线中的电流在0处产生的磁场方向提示带电粒子的速度方向与磁感线方向垂都向左，相互叠加，则合磁场方向水向左，当即mgLsina=-2mw2,解得小球在斜面上滑行的距直时，洛伦兹力F=qB,与电荷量成正比，与质量带负电的粒子从圆心0沿垂直于纸面向里的方向运动时，根据左手定则可知，它所受洛伦兹力离1-2880无关，C正确。9.(1)2m/s,方向水向左4.B的方向向下，即从O指向c,选项C正确，A、B、D(2)0.1N,方向竖直向下提示安培力和洛伦兹力都是磁场力，A错错误。提示以滑块为研究对象，自轨道上A点滑误；洛伦兹力永远与电荷运动方向垂直，所以洛3.D伦兹力不做功，安培力是洛伦兹力的宏观表现提示电场对其中的静止电荷、运动电荷都到C点的过程中，受重力mg,方向竖直向下；静电力qE,方向水向右；洛伦兹力F洛=gB,方向它虽然对引起电流的定向移动的电荷不做功，但有力的作用，而磁场只对其中的运动电荷才有力始终垂直于速度方向。对导线是可以做功的，B正确；电荷运动方向与的作用，且运动方向不能与磁场方向行，所以(1)滑块从A到C的过程中洛伦兹力不做磁感线方向在同一直线上时，运动电荷不受洛伦D选项正确。功，由动能定理得兹力作用，而此处磁感应强度不为0，C错误；洛4.C伦兹力不改变带电粒子的速度大小，但可以改变●提示因电容器与电阻并联，将滑片P向上mgR-qER-2mvc2速度的方向，D错误。滑动，电阻两端的电压减小，故两板间的电场强5.AB度要减小，故所受电场力减小，则粒子将向b板得=√2mg=ER-2mMs提示由左手定则，小球落地前受到的洛伦偏转运动，故A错误：保持开关闭合，将a极板向方向水向左；兹力方向斜向上，使得竖直方向上的合力小于重上移动一点，板间距离增大，电压不变，由E=(2)根据洛伦滋力公式得力，故t>t2;而洛伦兹力的水分量使水分速dF=gwcB=5×10-2×2×1N=0.1N度增大，时间又变长，故x>x2由于洛伦兹力不做可知，板间场强减小，带电粒子受电场力变小，则方向竖直向下。功，故12的大小相同，但方向不同。粒子将向b板偏转，故B错误；若增大带电粒子B卷6.BC的速度，所受洛伦兹力增大，而所受电场力不变，LABD提示粒子恰沿直线穿过，电场力和洛伦兹故粒子将向b板偏转，故C正确；若增大带电粒提示若圆环所受洛伦兹力等于重力，圆环力均垂直于速度，故合力为零，粒子做匀速直线子带电量，所受电场力增大，而所受洛伦兹力也对粗糙细杆压力为零，摩擦力为零，圆环克服摩运动；根据衡条件，有9B=E,解得=合，只增大，但两者仍相等，故粒子将不会偏转，故D错擦力做的功为零，A正确；若圆环所受洛伦兹力误。故选C不等于重力，圆环对粗糙细杆压力不为零，摩擦要粒子速度为，就能沿直线匀速通过选择器；5.D力不为零，圆环以初速度o向右做减速运动，若提示根据左手定则，正离子受到竖直向下开始圆环所受洛伦兹力小于重力，则一直减速到若带电粒子带电量为+2g,速度不变，仍然沿直线的洛伦兹力，负离子受到竖直向上的洛伦兹力，匀速通过选择器，故A错误；若带电粒子带电量A、B错误；不带电液体在磁场中流动时，由于没零，圆环克服摩擦力做的功为)mm,B正确；若为-24，只要粒子速度为片，电场力与洛伦兹力仍有自由电荷，不能形成电场，M、N两点间没有电开始圆环所受洛伦兹力大于重力，则减速到洛伦势差，因此无法测出流速，C错误；根据gwB=g,U然衡，仍然沿直线匀速通过选择器，故B正确：兹力等于重力达到稳定，稳定速度-浴，由动若带电粒子速度为2，，电场力不变，洛伦兹力变为2倍，故会偏转，克服电场力做功，电势能增可得废液的流速=品，则废液的流量Q=S能定理可得圆环克服摩擦力做的功为W=2m心1加，故C正确：若带电粒子从右侧水射入，电场对·-化，故只需要测量M、V两点间电πP.U2m2mw).C错误，D正确。力方向不变，洛伦兹力方向反向，故粒子一定偏转，故D错误。压就能够推算废液的流量，D正确。2.(1)gin0二、计算题6.CD(2)mg(sin+ucos0）uBg7.3mg-gBV2gl 3mg+gBV2gl提示在A图中刚进人复合场时，带电小球提示(1)小球受力如图1所示，当杆对小球提示小球由A运动到C的过程中，洛伦兹受到方向向左的电场力、向右的洛伦兹力、竖直的弹力为零时，小球加速度最大。力始终与”的方向垂直，对小球不做功，只有重向下的重力，在重力的作用下，小球的速度要变根据牛顿第二定律有mgsin0=ma力做功，由动能定理有大，洛伦兹力也会变大，所以水方向受力不可求出a=gsinmg-2 me能总是衡，A选项错误；B图中小球要受到向下的重力、向上的电场力、向外的洛伦兹力，小球解得v=V2gl要向外偏转，不可能沿直线通过复合场，B选项在C点，由左手定则可知洛伦兹力向上，其错误；C图中小球受到向下的重力、向右的洛伦受力情况如图甲所示，由牛顿第二定律，有兹力、沿电场方向的电场力，若三力的合力恰好1图2FntF a-mg-m为零，则小球将沿直线匀速通过复合场，C正确；(2)当小球所受合力为零时，速度最大，设最大速度为”，小球受力如图2所示。D图中小球只受到竖直向下的重力和竖直向上又F洛=qUcB根据衡条件有的电场力，可以沿直线通过复合场，D正确所以Fn=3mg-gBV2gqvmB=N+mgcos07.A同理可得小球第二次经过C点时，受力情况mgsin=f提示由于点电荷Q带正电，根据图乙可知滑动摩擦力fμN如图乙所示，所以带电小球带负电。甲图中要使带电小球能做匀速Fn=3mg+qBV2gl。求出=mgsin+ucos0)圆周运动，则洛伦兹力与重力的合力应能充当向uBg第2页

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