2024届新高考普通高中学业水平选择性考试F-XKB-L(三)3物理试题

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2AD运动过程不计一切摩擦，两物体机械能守恒，且A,B整体位移为：8=分×1X1m=0,5m,木块A的位移为：=2生在水方向上合外力为零，水方向动量守恒，则A可以到达半圆槽的左侧最高点，且A在半圆槽的左侧最高点时，A,B的速度X1m=1.5m,所以长木板B的最小长度为：L=xA一xB=1m,都为零，故A项正确；A、B在水方向上动量守恒，所以mU一故C错误；木块A与长木板B组成的系统损失的机械能为：△E2mB=0,即A=2阳，A的水速度向左，B的水速度向右，A=7m6-号(m+M1=2],故D错民在水方向的最大位移和B在水方向上的最大位移之和为2R,故B向右运动的最大距离为号R,故D项正确，对A运动到1.答案：(1)号m6(2)9m解析：(1)设子弹与物体A的共同速度为v,昝半圆槽的最低点的运动过程应用机械能守恒定律可得mgR=由动量守恒定律有m=3m司m4+号×2m=3m,所以A运动到半圆箱的最低点时则该过程损失的机械能△B=7m6-名3an=gmdB的速率为B=√零，A的速率为A=20=√琴，故B.C(2)以子弹，物体A和物体B为系统，设物体B的质量为M,碰两项错误。后子弹和物体A的速度为1，物体B的速度为2，由动量守恒3.BD弹簧伸长最长时弹力最大，B的加速度最大，此时A和B定律有3mo=M化一3m☑共速，由图知，AB共同速度为：烘=2m/s,A刚离开墙时B的难进过维执城能守恒，有号，3m-=之·3m+}M情速度为：6=3m/s.在A离开挡板后，取向右为正方向，由动量守恒定律，有：mgvo=(mA十mB)哄，解得mA=2kg,故A错误；从子弹与物体A滑上粗楚面到停止，由能量守恒定律有存当弹簧第一次恢复原长时A的速度最大，由mB0=mA十3mgd=z·3mru叶m,喝=号m4暖+号m函，解得A的最大速度A1i又μ-72gd点2,“)京绿：婆答4m/s,故B正确；在A离开挡板前，由于挡板对A有作用力，A、解得M=9m题族，5满g三忘产？)：B系统所受合外力不为零，所以系统动量不守恒，故C错误；分8.答案：(1)1.125J(2)10N·3,析A离开挡板后A、B的运动过程，并结合图像数据可知；弹簧解析：(I)设与B相撞前眸间A的速度大小为0，由动能定理得伸长到最长时A、B的共同速度为v共=2m/s,根据机械能守恒定律和动量守恒定律，有m0=(以十ma)哭，E-之6-mg出G-含md解得=1m/s(m4十m)4,联立解得弹簧的最大弹性势能B=6J,故DA、B相碰前后由动量守恒定律得mo=(m+m)☑正确.解得=0.25m/s4.AD对子弹和滑块整体应用动量守恒定律得m%=(M什m)v,从碰后到最低点的过程中，由机械能守恒定律得可知A、B滑块受到的冲量I=M相同，C项错误；由功能关系得R=号m-是M什m,结合=2可知FA=合Fm,△E,=立(m+mo)+(m+m)8如日解得△E,=1.125】B项错误；由冲量I=Ft可得A、B滑块的时间A=2g,A项正(2)根据机械能守恒定律知，当A、B一起返回到碰撞，点时的速度确：对滑块应用动能定理得Fz=受MH,结合PA=F阳可知大小仍为v1=0.25m/s以沿斜面向上为正方向，从碰后至道回碰撞点的过程中，由动量工A=2xB,D项正确。定理得5.D所有的碰撞都是弹性碰撞，所以不考虑能量损失.设竖直向I-(m+mo)gsin02t=(m+mo)-[-(mo+m)]上为正方向，根据机械能守恒定律和动量守恒定律可得，(m十解得I=10N·smg)gh=(m+ma)tf,m2vmmm2 (m9答案：(1)m6-3mgh(（2-26-3gh听+7m,m听=m,又m=3m,则m2)=1解析：(1)从开始到木块到达最大高度过程，由动量守恒定律m=3m☑h>2≥0，联立可得h1=4h,D项正确。6,AB由题图可知，木块A先做匀减速运动，长木板B先做匀加由能量守恒定律行m6=合X3mtf+mgh+FL速运动，最后一起做匀速运动，共同速度v=1m/s,取向右为正方向，根据动量守恒定律得：mb=(m十M)v,解得：M=m=解得乃=m6-3mg弘3L2kg,故B正确；由题图可知，长木板B匀加速运动的加速度为：(2)木块从最大高度至与物体最终相对静止，g=总=子nm=1m/?,对长木板B,根据牛顿第二定律得：由动量守恒定律得：3m0=3m2,mg=Magμ=0.1，故A正确；由题图可知前1s内长木板B的由能量守恒定排得：壳X3m听+mgh=合X3m+Fz物理·参考答案